Propedeutisk matematik II
Daniel Djupsjöba ka
Bearbetat av Malin Hägg
Matematiska institutionen
Åbo Akademi
1 Inledning 3
2 Integraler 4
2.1 Derivata o h primitivfunktion . . . 4
2.2 Primitiv funktion till intervallfunktioner . . . 5
2.3 Primitiv funktion till polynomfunktioner . . . 7
2.4 Primitiv funktion till trans endenta funktioner . . . 10
2.5 Primitiv funktion till sammansattafunktioner . . . 13
2.6 Sammanfattningöver regler . . . 20
2.7 Denition påintegral . . . 21
2.8 Geometrisktolkning av integralen . . . 25
2.9 Integralens egenskaper . . . 32
2.10 Integralfunktionen . . . 35
2.11 Integralräkningmed hjälp av primitiv funktion . . . 37
2.12 Areaberäkning,en funktion . . . 41
2.13 Areaberäkning,två funktioner . . . 45
2.14 Volymberäkning . . . 49
2.15 Generaliserade integraler . . . 57
2.16 Variabelbyte . . . 61
2.17 Partialbråksuppdelning . . . 65
2.18 Partiell integration . . . 70
3 Komplexa tal 73 3.1 Denition påkomplexa tal . . . 73
3.2 Komplexa talpå formen
a + ib
. . . . . . . . . . . . . . . . . . 763.3 Konjugatet, division med komplexa tal . . . 80
3.4 Det komplexatalplanet . . . 83
3.5 Komplexa talo hreella tal . . . 87
3.6 Andragradsekvationer. . . 88
4 Sannolikhetslära 91
4.1 Kombinatorik . . . 91
4.2 Empirisk sannolikhet . . . 97
4.3 Det klassiskasannolikhetsbegreppet . . . 98
4.4 Räkneregler . . . 102
4.5 Oberoende händelser . . . 105
4.6 Oberoende försök . . . 106
4.7 Additiono hmultiplikationav sannolikheter . . . 108
4.8 Binomialsannolikhet . . . 111
4.9 Stokastiskvariabel . . . 114
4.10 Diskreta sannolikhetsfördelningar . . . 117
4.11 En fördelningskarakteristikor . . . 118
4.12 Kontinuerliga fördelningar . . . 122
4.13 Normalfördelningen . . . 125
5 Summor o h talföljder 129 5.1 Talföljder . . . 129
5.2 Monotonao h begränsade talföljder . . . 132
5.3 Gränsvärde av en talföljd . . . 133
5.4 Serier. . . 135
5.5 Konvergenta serier . . . 136
Inledning
Detta kompendium är i huvudsak skrivet av Daniel Djupsjöba ka. Jag har
gjorten del korrigeringar,satt till någraexempel samtritat gurer.
Det som tas upp är integraler (kapitel 2), komplexa tal (kapitel 3), sanno-
likhetslära (kapitel 4) samt summor o h talföljder (kapitel 5). Kompendiet
baserarsigpåbö kernaGymnasiematematikFIIo hFIII,skrivnaavOinas-
Kukkonen m..
Sådant som tagits upp i kompendiet för Propedeutisk matematik I (skrivet
av DanielDjupsjöba ka, bearbetat av MikaelKurula)antas vara bekant.
Åbo29.9.2007, MalinHägg
Integraler
2.1 Derivata o h primitiv funktion
IkursenPropedeutiskmatematikI bestämdeviderivatantillenvissfunktion.
Exempel 2.1
Dlnx = 1 x
D 1
4 x 4 = 1
4 · 4x 3 = x 3 .
Vi skall nu gå baklänges. Vi skall bestämma en funktion vars derivata är
given.
Exempel 2.2
Om det ärgivetatt
f ′ (x) = 3x 2
, hur ser dåf (x)
ut?Denition 2.1 Funktionen
f
är denierad i intervalletI
. Då ärF
en pri-mitiv funktion till
f
omF ′ (x) = f (x),
för allax ∈ I.
Exempel 2.3
F (x) = x 3 3 + x 2 2
o hG(x) = x 3 3 + x 2 2 + 1
är primitiva funktionertill
f (x) = x 2 + x
, ty:F ′ (x) = G ′ (x) = x 2 + x = f (x).
Tillen funktion nns det alltsåmånga primitivafunktioner.
Exempel 2.4
Visa att
F (x) = √
x 2 + 1
är en primitiv funktion tillf (x) =
√ x x 2 +1
.Från PropedeutiskmatematikIvetvi att
Df n = nf n−1 · f ′
. Medhjälp av detta fås att derivatan av
F (x)
blirD( √
x 2 + 1) = D(x 2 + 1) 1 2 = 1
2 (x 2 + 1) − 1 2 · 2x = x
√ x 2 + 1 .
Sats 2.2 Om
F
är en primitiv funktion tillf
, är alla funktioner av typenF + C
(därC
är en konstant) o h endast dessa,primitiva funktioner tillf
idet intervall där
f
är denierad.Dettabetyderalltsåattomviharhittatenprimitivfunktion,såharvihittat
alla!Dessa är av formen
F + C
.2.2 Primitiv funktion till intervallfunktioner
Vadkrävs av en primitivfunktion?
•
Enligt denitionenbörden vara deriverbar påhela sinde- nitionsmängd,o hdärför kontinuerlig.•
Förpolynomfunktionerärdettaingetproblem,menmedin- tervallfunktionermåstevivaraförsiktiga,spe ielltidepunk-ter där funktionen kan vara diskontinuerlig.
Exempel 2.5
Bestäm alla primitivafunktioner till
f (x) =
x + 1, x ≤ 1 2, x > 1.
Hurser
F (x)
ut?(Vigår närmareinpåhurmanräknarutdennai nästa avsnitt.)
F (x) =
1
2 x 2 + x + C 1 , x ≤ 1
2x + C 2 , x > 1.
1. Är
F (x)
kontinuerlig?Krav:
x→1 lim + F (x) = lim
x→1 − F (x) = F (1).
Härgäller:
lim
x→1 + F (x) = lim
x→1 + (2x + C 2 ) = 2 + C 2
x→1 lim − F (x) = lim
x→1 −
1
2 x 2 + x + C 1
= 3 2 + C 1
Nu måste det gälla att
2 + C 2 = 3 2 + C 1
. Detta ger attC 1 = C 2 + 1 2 .
∴ F (x) =
1
2 x 2 + x + 1 2 + C 2 , x ≤ 1 2x + C 2 , x > 1.
2. Är
F (x)
deriverbar?Krav:
x→1 lim + F ′ (x) = lim
x→1 − F ′ (x).
Härfås:
x→1 lim + F ′ (x) = lim
x→1 + 2 = 2
x→1 lim − F ′ (x) = lim
x→1 − (x + 1) = 2.
F (x)
är alltså deriverbaro h ges avF (x) =
1
2 x 2 + x + 1 2 + C 2 , x ≤ 1 2x + C 2 , x > 1.
Exempel 2.6
Undersök om det nns primitivafunktioner till
f (x) =
x, x ≤ 1 0, x > 1.
Här är
F (x) =
1
2 x 2 + C 1 , x ≤ 1
C 2 , x > 1.
Kontinuitetskravetger att
x→1 lim + F (x) = lim
x→1 − F (x) ⇔ C 2 = 1 2 + C 1 .
∴ F (x) =
1
2 x 2 + C 1 , x ≤ 1
1
2 + C 1 , x > 1.
Är denna deriverbar?
Nej, ty
x→1 lim + F ′ (x) = lim
x→1 + 0 = 0 6= lim
x→1 − F ′ (x) = lim
x→1 − x = 1.
I detförstaexempletexisteradedet enprimitivfunktion, meninteidetand-
ra. I det förstaexemplet var funktionen kontinuerlig, men inte idet andra.
Följande sats gäller, men bevisas inte:
Sats 2.3 Om
f
är kontinuerlig på intervalletI
existerar primitiva funktio-ner.
Anmärkning 2.4 Detkan nnasprimitivafunktionerävenom
f
ärdiskon-tinuerlig.
2.3 Primitiv funktion till polynomfunktione r
Attderiveraäroftamekaniskt.Vihar klarareglersomdet ärlättattanvän-
da. Föratt hitta primitivafunktioner krävs oftauppnningsrikedom.
Vi har do k en hel del reglersom hjälpeross o hi nästanallade exempelvi
går igenompåkursen klararvi oss med dessa.
Mankanej uttry ka elementäraprimitivafunktionertillexempelvisföljande
funktioner:
√ x 3 + 1, sin x x .
Atthitta en primitiv funktion kallasatt integrera .I Propedeutiska matema-
Derivataoperatorn:
D
Nu använder vi:
Integrationsoperatorn:
D −1
Det gälleratt
Df (x) = f ′ (x), D −1 f (x) = F (x) + C.
Integrationsoperatorn o h derivataoperatornär varandras inverser, ty
D(D −1 f (x)) = f (x), D −1 (Df (x)) = f (x) + C.
Vi presenterar nunågra regler som vi kananvända vidintegration:
1.
D −1 [cf (x)] = cD −1 f (x),
d.v.s. en konstant kan yttas utanför operatorn.
2.
D −1 [f (x) + g(x)] = D −1 f (x) + D −1 g(x).
3.
D −1 x a = x a+1 a+1 + C, a 6= −1.
Jag presenterar ett bevisför påstående
3
:Bevis:
D x a+1 a+1 = a+1 1 Dx a+1 = a+1 1 (a + 1)x a = x a .
Observera att detta gällerdå
a 6= −1
.De regler vi har gör nu att vi kan bestämma primitiva funktioner till alla
polynomfunktioner.
Exempel 2.7
D −1 (3x 4 ) (1) = 3D −1 x 4 (3) = 3 5 x 5 + C.
Exempel 2.8
D −1 (x 2 + 5x + 1) (2) = D −1 x 2 + D −1 5x + D −1 1 = 1 3 x 3 + 5 2 x 2 + x + C.
Exempel 2.9
D −1 √
x = D −1 x
1 2 = 1 3
2
x
3
2 + C = 2 3 x √ x + C.
Exempel 2.10
D −1 1 x 2 = D −1 x −2 = −1 1 x −1 + C = − 1 x + C
Ovanstående resultat gäller om denitionsmängden är samman-
hängande. Om vi har
D f =
R\ {0}
så leder detta tillattD −1 1
x 2 = − 1 x + C 1 , x > 0
− 1 x + C 2 , x < 0.
Här är konstanterna
C 1
,C 2
oberoende av varandra, ty vi kanändå inte göra funktionen kontinuerlig för
x = 0
.Exempel 2.11
Sök primitivafunktioner till
f (x) = 1 + x 2
x 5 , x > 0.
Vi skriverom
f (x)
o h fårf (x) = 1 + x 2
x 5 = 1 x 5 + 1
x 3 = x −5 + x −3 .
Detta ger
F (x) = D −1 f (x) = D −1 (x −5 + x −3 ) =
− 1
4 x −4 +
− 1 2 x −2
+ C = − 1
4x 4 − 1 2x 2 + C.
Om vi här antar att
D f =
R\ {0}
skullevi få följande primitivafunktion:
F (x) =
( − 4x 1 4 − 2x 1 2 + C 1 , x > 0
− 4x 1 4 − 2x 1 2 + C 2 , x < 0.
2.4 Primitiv funktion till trans endenta funk-
tioner
Vadär trans endenta funktioner?
•
Detärfunktionersomejkandenierasmed+
,−
,∗
,/
ellerrotdragning.•
Exempel ärlog x
,e x
,sin x
o.s.v.Exempel 2.12
D ln x = 1
x , x > 0, D ln( −x) = 1
x , x < 0.
∴ D −1 1
x = ln x + C, x > 0, D −1 1
x = ln( −x) + C, x < 0.
Vi har följande regler för trans endenta funktioner:
1.
D −1 1 x = ln |x| + C
,i ett intervall som inte innehållerx = 0
.2.
D −1 e x = e x + C
,3.
D −1 a x = ln a a x + C
,4.
D −1 sin x = − cos x + C
,5.
D −1 cos x = sin x + C
,6.
D −1 cos 1 2 x = D −1 (1 + tan 2 x) = tan x + C
,för alla intervall som inte innehåller
x = π 2 + nπ
,n ∈
Z, d.v.s. därcos x = 0
,7.
D −1 sin 1 2 x = D −1 (1 + cot 2 x) = cot x + C
,förallaintervallsominte innehåller
x = nπ
,n ∈
Z,d.v.s.därsin x = 0
.Exempel 2.13
Bestäm de primitivafunktionerna
F (x)
dåa)
f (x) = 3 x − 4 .
Vi skriver om
f (x)
somf (x) = 3 · x−4 1
. Med hjälp av regel1
fåsdå att
F (x) = 3 ln |x − 4| + C.
b)
f (x) = 3 2x 3 x .
Här fås att
f (x) = 3 3 2x x = 3 x
o h dåfås med hjälpav regel3
attF (x) = 3 x
ln 3 + C.
)
f (x) = sin 2 x + 1 sin 2 x .
Nu gälleratt
f (x) = sin sin 2 x+1 2 x = 1 + sin 1 2 x
. Då fås enligtregel7
attF (x) = x + cot x + C.
d)
f (x) = tan 2 x.
Omskrivning ger
f (x) = tan 2 x = (1 + tan 2 ) − 1
. Enligt regel6
fås
F (x) = tan x − x + C.
Exempel 2.14
Bestäm primitivafunktioner till
f (x) = 1 − √ x + √
x 3
x .
Vi börjar med att dela upp
f (x)
o h fårf (x) = 1 − √
x + √ x 3
x = 1
x − x −
1 2 + x
1 2 .
Vi drar oss tillminnes att
D −1 x a = x a+1 a+1 + C
.Då fås
F (x) = ln |x| − 2x
1 2 + 2
3 x
3 2 + C.
Det måste gällaatt
x > 0
för att uttry ket skallvara denierat.Detta ger att
F (x) = ln x − 2 √ x + 2
3 x √ x + C.
Exempel 2.15
Bestäm
f (x)
dåf ′′ (x) = − sin x
.Vi använder oss av reglerna
4
o h5
o h fårf ′′ (x) = − sin x,
f ′ (x) = cos x + C,
f (x) = sin x + Cx + C 1 .
2.5 Primitiv funktion till sammansatta funk-
tioner
Dettaärett viktigto h my ketgrundläggandeavsnitt.I tidigareavsnitt har
vi sett på en del grundregler, men på enbart dessa klarar man sig inte. Vi
skall se påett exempelsom belyser detta:
Exempel 2.16
D −1 sin 2x 6= − cos 2x + C,
ty
D( − cos 2x) = 2 sin 2x
p.g.a. inre derivatan.
Vi drar oss tillminnes deriveringsregelnför sammansatta funktioner:
D(g(f (x)) = g ′ (f (x))f ′ (x),
där
f ′ (x)
ärdet vi kallarinre derivata.Ovanstående regel ger oss integreringsregeln
D −1 (g ′ (f (x))f ′ (x)) = g(f (x)) + C.
Den inre derivatan äts alltsåupp vid integrering.
Exempel 2.17
D −1 sin 2x
För att kunna använda ovanstående regel bör
f ′ (x)
nnas med iuttry ket. I detta fallär inre derivatan
2
(D2x = 2
). Vi kanintebara sätta till 2, ty då ändrar vi den ursprungliga funktionen.
Därför sätter vi in
1
2 · 2
framförsin 2x
.Då fåsD −1 sin 2x = D −1 1
2 · 2 · sin 2x
= 1
2 D −1 (2 sin 2x) = 1
2 · (− cos 2x) + C = − 1
2 cos 2x + C.
Spe iellt gällerföljanderegel:
D −1 (f ′ (x)(f (x)) a ) = 1
a + 1 (f (x)) a+1 + C, a 6= −1.
Exempel 2.18
Bestäm primitivafunktioner till
a)
g(x) = (4x + 3) 3
Här ärinre derivatan
4
,tyD(4x + 3) = 4
.Detta ger:
G(x) = D −1 g(x) = D −1 (4x + 3) 3 = D −1 1
4 · 4 · (4x + 3) 3 = 1
4 D −1 4(4x + 3) 3 = 1 4 · 1
4 (4x + 3) 4 + C = 1
16 (4x + 3) 4 + C.
b)
g(x) = √ 1 − 4x
Vi skriverom
g(x)
somg(x) = √
1 − 4x = (1 − 4x)
1 2
.
Inre derivatan är
−4
, tyD(1 − 4x) = −4
o hvi får:G(x) = − 1 4 D −1
( −4)(1 − 4x)
1 2
=
− 1 4 · 2
3 (1 − 4x)
3
2 + C = − 1
6 (1 − 4x)
3 2 + C.
)
g(x) = (3x + 3)(x 2 + 2x − 1) 3
Inre derivatan fås som
D(x 2 + 2x − 1) = 2x + 2
. Denna nnsFör att ändra om
3x + 3
till2x + 2
multipli erar vi med2 3
. Kor-rigeringstermen bliralltså
3 2
.Då kan
g(x)
skrivassom:g(x) = (3x + 3)(x 2 + 2x − 1) 3 = 3
2 · (2x + 2)(x 2 + 2x − 1) 3 .
Nu kan regelnovananvändaso h vi får
G(x) = 3 2 · 1
4 (x 2 + 2x − 1) 4 + C = 3
8 (x 2 + 2x − 1) 4 + C.
d)
g(x) = 1 p x
2 − 1
Vibörjarmedattskrivaom
g(x)
.Detgällerattg(x) = ( x 2 −1) −
1 2
.
Inre derivatan är
1
2
.Detta gerG(x) = D −1 2 · 1
2
x
2 − 1 − 1 2
= 2 · 2 x
2 − 1 1 2
+ C = 4 r x
2 − 1 + C.
e)
g(x) = 2x − 1
√ x 2 − x + 1
Skriverom
g(x)
:g(x) = √ 2x − 1
x 2 − x + 1 = (2x − 1)(x 2 − x + 1) −
1 2 .
Deriverar
x 2 −x+1
o hfårattinrederivatanär2x −1
.Dennannsredan i
g(x)
, vi behöveralltsåintesätta tillnågon inre derivata.∴ G(x) = 2(x 2 − x + 1)
1
2 + C = 2 √
x 2 − x + 1 + C.
f)
g(x) = x 2 sin x 3
Inre derivatan är
3x 2
.Vi sätter till1 3 · 3
. DettagerG(x) = 1
3 D −1 (3x 2 )(sin x 3 ) = 1
3 · (− cos x 3 ) + C = − 1
3 cos x 3 + C.
g)
g(x) = cot x sin x
Vi börjar änen gångmed att skriva om
g(x)
.Vi vetattcot x = 1
tan x = cos x sin x .
Detta ger
g(x) = cot x
sin x = cos x
sin 2 x = cos x(sin x) 2 .
Inre derivatan av
sin 2 x
ärcos x
.Då fås
G(x) = D −1 cos x(sin x) 2 = (sin x) −1
−1 + C = − 1
sin x + C.
Vi sa att regeln för
D −1 (f ′ (x)(f (x)) a )
inte gäller föra = −1
. Vad händerifall
a = −1
?Vid derivering av
ln f (x)
fås:f (x) > 0 : D ln f (x) = f ′ (x) f (x) f (x) < 0 : D ln( −f(x)) = f ′ (x)
f (x)
Detta ger upphov till regeln
D −1 f ′ (x)
f (x) = ln |f(x)| + C,
i allaintervalldärf (x) 6= 0.
Exempel 2.19
Bestäm alla primitivafunktioner till
a)
f (x) = x 2
1 − x 3 , x > 1.
Derivatan av
1 − x 3
är−3x 2
.Då fåsf (x) = x 2
1 − x 3 = − 1
3 · −3x 2 1 − x 3 .
Detta ger
F (x) = − 1
3 ln |1 − x 3 | + C.
Det vargivetatt
x > 1
.Dettaleder tillatt1 − x 3 < 0
, vilketgeratt
F (x) = 1
3 ln(1 − x 3 ) + C.
b)
f (x) = tan x.
Vi vetatt
tan x = cos x sin x
samtattD cos x = − sin x
.Det enda somsaknas äralltsåminuste knet. Vi får
F (x) = D −1
− − sin x cos x
= − ln | cos x| + C.
Härvetviingetomvärdetpå
cos x
,därförmåsteabsolutbeloppet vara kvar.)
f (x) = sin 2x 1 + cos 2 x .
Inre derivatan fås som
D(1 + cos 2 x) = 2 cos ·(− sin x) = −2 sin x cos x.
Vi vetatt
sin 2x = 2 sin x cos x
så därför får vif (x) = sin 2x
1 + cos 2 x = − −2 sin x cos x 1 + cos 2 x ,
vilketger
F (x) = − ln |1 + cos 2 x | + C = − ln(1 + cos 2 x) + C,
ty
1 + cos 2 x > 0
.d)
f (x) = x 2 + 2x x − 1 .
Härhartäljarenhögregradtalännämnaren.Dåkanmandividera
de rationella polynomen. (Detta görs t.ex med trappstegsmeto-
den.) När dettagjortserhåller vi att
f (x) = x 2 + 2x
x − 1 = x + 3 + 3 x − 1 .
Nu använder vi kända metoder o hfår
F (x) = 1
2 x 2 + 3x + 3 ln |x − 1| + C.
Om man deriverar funktionen
e f(x)
såfår manf ′ (x)e f (x)
.Detta ger regelnD −1 e f(x) f ′ (x) = e f (x) + C.
Exempel 2.20
Bestäm alla primitivafunktioner till
a)
f (x) = e 2x + 1 e 2x .
Vi börjar med att skriva om
f (x)
en aning:f (x) = e 2x + 1
e 2x = 1 + 1
e 2x = 1 + e −2x .
Inre derivatan är
−2
o h dåfår viF (x) = D −1 1 + D −1
− 1
2 · (−2)e −2x
= x − 1
2 e −2x + C.
b)
f (x) = 1 e 2x+1 .
Denna funktion kanskrivassom
f (x) = e −2x−1
. Inrederivatan är−2
o h vi fårF (x) = D −1
− 1 2
· (−2)e −2x−1 = − 1
2 e −2x−1 + C = − 1
2e 2x+1 + C.
)
f (x) = sin xe cos x .
Eftersom
D cos x = − sin x
såfåsf (x) = ( −1) · (− sin x)e cos x
.De primitivafunktionernages nuav
F (x) = −e cos x + C.
2.6 Sammanfattning över regl er
1.
D −1 [cf (x)] = cD −1 f (x),
d.v.s. en konstant kan yttas utanför operatorn
2.
D −1 [f (x) + g(x)] = D −1 f (x) + D −1 g(x)
3.
D −1 x a = x a+1 a+1 + C, a 6= −1
4.
D −1 1 x = ln |x| + C
,i ett intervall som inte innehållerx = 0
5.
D −1 e x = e x + C
6.
D −1 a x = ln a a x + C
7.
D −1 sin x = − cos x + C
8.
D −1 cos x = sin x + C
9.
D −1 cos 1 2 x = D −1 (1 + tan 2 x) = tan x + C
,för alla intervall som inte innehåller
x = π 2 + nπ
,n ∈
Z, d.v.s. därcos x = 0
10.
D −1 sin 1 2 x = D −1 (1 + cot 2 x) = cot x + C
,förallaintervallsominte innehåller
x = nπ
,n ∈
Z,d.v.s. därsin x = 0
11.
D −1 (g ′ (f (x))f ′ (x)) = g(f (x)) + C
12.
D −1 (f ′ (x)(f (x)) a ) = 1
a + 1 (f (x)) a+1 + C, a 6= −1
13.
D −1 f ′ (x)
f (x) = ln |f(x)| + C,
iallaintervall därf (x) 6= 0
14.
D −1 e f(x) f ′ (x) = e f (x) + C
2.7 Denition på integral
Vi skall i detta avsnitt deniera begreppet integral. För att göra det börjar
vi med ett exempel.
Exempel 2.21
Uppskatta storleken av det område som begränsas av parabeln
y = x 2
, koordinataxlarnao h linjenx = 1
. (Se gur2.1
).1 x
y
y=x 2 1
Figur 2.1:
Vi bete knar areanmed
A
.Vikaninteberäknaarean exaktmedde metoder vi hittills har lärt oss, för den begränsas inte av ra-
kalinjer.Grafenav
y = x 2
ärjuinteenrätlinje!Hurskallvigöra?Mankantänkasigattpåolikasättuppskattadetbegränsadeom-
rådet. Om vi drar en linje mellan punkterna
(0, 0)
o h(1, 1)
servi att grafen ligger under denna. Arean måste alltså vara under
1
2
. (Se gur2.2
).Arkimedes hade ett förslag. Hanbestämde arean genom att dels
underskatta o h dels överskatta arean. Detta gjorde han genom
att dela in
x
-axeln i ett antal lika stora bitar o hmed olikarek-tanglar skatta ytan.
Videlarinintervallet
[0, 1]
ifyralikastoradelar,såatt vifårfyradelintervallmedändpunkterna
0, 1 4 , 2 4 , 3 4 , 1
.Viritarsedanrektang-larvars ena punkt liggerpågrafen. (se gurerna
2.3
o h2.4
).Vi1 x y
1
y=x 2 y=x
Figur 2.2:
får nu två gurer, där gur
2.3
säkert är en underskattning avarean för
x 2
o h gur2.4
med säkerhet är en överskattning avarean för
x 2
.1/4 1/2 3/4 1 x
y
y=x 2
Figur 2.3:
Genom att räkna ut arean av rektanglarna kan vi skatta arean
under grafen med ganskastor noggrannhet.
Denmindreareankallasen undersumma medandenstörrekallas
en översumma .
Undersumman bete knas med ett ett litet
s
, där ett index talaromhurmångarektanglarviarbetarmed.Denberäknasfördetta
1/4 1/2 3/4 1 x y
y=x 2
Figur 2.4:
s 4 = 1
4 · 0 2 + 1 4 · 1
4
2
+ 1 4 · 2
4
2
+ 1 4 · 3
4
2
= 1
4 3 · (1 2 + 2 2 + 3 2 ) = 14
64 = 0, 21875.
Översumman bete knas på motsvarande sätt med stort
S
därindexet anger hurmånga rektanglar man använder. Vi beräknar
den i detta fall som:
S 4 = 1 4 · 1
4
2
+ 1 4 · 2
4
2
+ 1 4 · 3
4
2
+ 1 4 · 4
4
2
= 1
4 3 · (1 2 + 2 2 + 3 2 + 4 2 ) = 30
64 = 0, 46875.
Vi har nu fått ett intervall,
]0.21875, 0.46875[
, inom vilketareanmed säkerhet ligger. Som vi ser har vi ett ganska stort intervall.
För att minska detta intervall krävs det att vi ökar antalet rek-
tanglar.Genom att indela intervalleti åtta delar fåsatt arean
A
liggeriintervallet
]0.273, 0.398[
. Dettaärett bättre resultatmenännu är intervallet rätt stort. För att få ett bättre värde bör vi
dela in intervalletiännu er rektanglar.
Denna metodsom vinuhar settpåskallvianvändaföratt denierabegrep-
petintegral. Vi skall utgå från en kontinuerlig funktion
f
som är denieradpå ett slutet intervall
[a, b]
. Vi indelar detta intervall in
sty ke n lika storadelar o h bildar
n
sty ken delintervall. Deras ändpunkter kallar via = x 0
,x 1 , . . . , x n−1
,x n = b
o h det gälleratta = x 0 < x 1 < . . . < x n−1 < x n = b
.Detta att funktionen är kontinuerlig innebär även att alla delintervall är
kontinuerliga.ViminnsfrånförstadeleniPropedeutiskmatematikattdetta
medföratt detivarjedelintervall
[x k−1 , x k ]
nns ettminstavärdem k
o hettstörsta värde
M k
.Vi kallarnu mängden av intervalländpunkter
D = {x 0 , x 1 , . . . , x n−1 , x n }
in-delningen D . Med en indelning
D
kan vi med hjälp av minsta o h störstavärdenai varje delintervallräkna utunder- o h översummorna:
s(D) = m 1 (x 1 − x 0 ) + m 2 (x 2 − x 1 ) + . . . + m n−1 (x n−1 − x n−2 ) + m n (x n − x n−1 ) =
X n k=1
m k (x k − x k−1 ).
S(D) = M 1 (x 1 − x 0 ) + M 2 (x 2 − x 1 ) + . . . + M n−1 (x n−1 − x n−2 ) + M n (x n − x n−1 ) =
X n k=1
M k (x k − x k−1 ).
Spe ielltförsituationenatt
f (x) ≥ 0
ihelaintervallet[a, b]
kanmangeomet-riskt tolkaunder- o h översummorna som summorav rektangelareor.
Vi skall sepå några egenskapersom utmärker under-o höversummor.
1. Undersumman kan intevara störreän översumman, alltså
s(D) ≤ S(D)
föralla indelningarD.
2. Med en nare indelning (d.v.s. er intervall)får vi även en bättre ap-
proximationavarean.Dettabetyder attundersummanväxero höver-
summan avtar. Om vi antar att vi har två indelningar,
D
o hD ′
, därD ′
är en nare indelning, sågällerdet att:s(D) ≤ s(D ′ ) ≤ S(D ′ ) ≤ S(D).
3. Oberoendeavhurviindelarintervallet,såärvarje undersumma
s(D 1 )
mindre äneller lika med varje översumma
S(D 2 )
.Hurskallvinugåvidarehärifrån?Jo,medstörrenoggrannhetiindelningav
intervallo hgenomatt tillämparegelnummertvåkanvi tänkaoss att nns
exaktett tal
A
,såatt taletärstörreänellerlikamedvarjeundersummao hmindre än eller lika med varje översumma. Detta tal är lika stort som den
sökta arean
A
.Detta utgör grunden för begreppet integral.Denition 2.5 Antag att funktionen
f
är kontinuerlig pådet slutna inter- vallet[a, b]
(detta betyder samtidigt att den är begränsad). Låts(D)
o hS(D)
bete kna under-respektiveöversumman fören godty kligindelningD
av intervallet. Det går då att bevisa att det existerar ett o h endast ett tal
I
, så att:s(D) ≤ I ≤ S(D).
Vi kallarfunktionen
f integrerbar
o h taletI
kallarviintegralen
av funk-tionen
f
över intervallet[a, b]
. Vi bete knarintegralen med:I = Z b
a
f (x)dx
ellerZ b a
f.
Bete kningen
R b
a f (x)dx
utläses "integralen av f(x) från a till b" . Talena
o h
b
kallas den undre respektive den övre integrationsgränsen,f (x)
kallasintegrand o h
x
integrationsvariabel.2.8 Geometrisk tolkning av integralen
I förra avsnittet denierade vi begreppet integral o h såg på sambanden
mellanareanunderen funktion o hintegralen.Viskallnufortsättapådetta
tema o hse påintegralensom en geometrisk tolkningav arean.
Exempel 2.22
Visa att den konstanta funktionen
f : f (x) = C
är integrerbar i ett godty kligt intervall[a, b]
o hattZ b a
Cdx = C(b − a).
Funktionen ärkontinuerlig påett slutetintervallo hdärför inte-
grerbar.
Vid uträkningav integralenskall vi minnasatt oberoende av in-
delning
D
i intervallet[a, b]
så är funktionens minsta värdem k
lika stort som största värdet
M k
som är likamedC
, tyC
är hären konstant.Det gälleralltsåatt
s(D) = S(D) = X n
k=1
C(x k − x k−1 ) =
C(x 1 − x 0 ) + C(x 2 − x 1 ) + . . . + C(x n − x n−1 ) =
−Cx 0 + Cx 1 − Cx 1 + Cx 2 − . . . − Cx n−1 + Cx n = Cx n − Cx 0 = C(x n − x 0 ) = C(b − a).
Vi har alltså hittat ett värde för integralen genom att vi kunde
låsa in det mellanunder-o h översummorna.Svaret är alltså:
Z b a
Cdx = C(b − a).
Geometriskt kan man tolka denna integral som arean av en rek-
tangel.
Exempel 2.23
Bestäm
Z 3 1
(4 − x)dx.
Geometriskt kanmanräkna utintegralensom areanunderlinjen
y = 4 − x
(se gur2.5
). Denna blir4
, ty arean för rektangeln är2 · 1 = 2
o harean för triangelnär2·2 2 = 2
.y
x y=4−x
1 3
4
Figur 2.5:
Vi skall ändå använda den metodvi lärtoss:
Vi tänker oss att vi delar inintervalleti
n
lika stora delintervall.Längden fördelintervallen ärdå
3−1 n = n 2
.Ändpunkterna för delintervallen ges av
x 0 = 1 x 1 = 1 + n 2 x 2 = 1 + 2 · n 2 x 3 = 1 + 3 · n 2
.
.
.
x n−1 = 1 + (n − 1) · n 2 x n = 1 + n · n 2 = 3
.Funktionen ärsträngtavtagande.Dettabetyder att denförvarje
delintervall
[x k−1 , x k ]
antar sitt största värde if (x k−1 )
o h sittminsta värde i
f (x k )
.Undersumman
s(D)
varju denierad somP n
k=1 m k (x k − x k−1 )
.I summan är
m k = f (x k ) = 4 − x k = 4 − (1 + k · 2 n ) = 3 − k · n 2
.Dierensen
x k −x k−1
gesavx k −x k−1 = 1+k · n 2 −(1+(k−1)· n 2 ) =
2 n
.Närvinuskaberäknaundersummorna
s n
fårviföljandeuttry k:s n = X n
k=1
m k (x k − x k−1 ) = X n k=1
3 − k · 2 n
· 2 n
= 2
n
h 3 − 1 · 2 n
+
3 − 2 · 2 n
+ . . . +
3 − n · 2 n
i = 2
n
h 3n − 2
n (1 + 2 + . . . + n) i
= 6n n − 4
n 2 (1 + 2 + . . . + n).
Här använder vi sedan regeln för summan av den aritmetiska
serien: (tas upp i kapitel
5
)1 + 2 + . . . + n = n(n + 1)
2 = n 2 + n 2 .
Detta gör att
s n
kanskrivassoms n = 6 − 4 n 2
n 2 + n 2
= 6 − 2 n 2 + n n 2
= 6 − 2 n 2
n 2 + n n 2
= 6 − 2 − 2
n = 4 − 2 n .
Vi skall fortsätta med att beräkna översumman. Översumman
S(D)
var ju denierad somP n
k=1 M k (x k − x k−1 )
. Funktionen ärsträngtavtagandevilketledertillatt iintervallet
[x k−1 , x k ]
antarfunktionen sittmaximivärde
M k
i punktenf (x k−1 )
.Härfås
M k
somM k = f (x k−1 ) = 4 −x k−1 = 4 −(1+(k −1)· n 2 ) = 3 + (k − 1) · n 2
. Dierensenx k − x k−1
ges fortfarande av2 n
.Vi räknar ut översumman:
S n = X n
k=1
M k (x k − x k−1 ) = X n k=1
(3 − (k − 1) · 2 n ) · 2
n
=
2 n
h 3 − 2 n · 0
+ 3 − 2
n · 1
+ . . . + 3 − 2
n · (n − 1) i
= 2
n
h 3n − 2
n (1 + 2 + . . . + (n − 1)) i
= 6n
n − 4
n 2 (1 + 2 + . . . + (n − 1)).
Summan för den aritmetiska serien
1 + 2 + 3 + . . . + (n − 1)
är(n−1)((n−1)+1)
2 = n 2 2 −n
. Vi får nu attS n = 6 − 4
n 2
n 2 − n 2
= 6 − 2 n 2 − n n 2
=
6 − 2 n 2 n 2 − n
n 2
= 6 − 2 + 2
n = 4 + 2
n .
Vi har nu ett uttry k för såväl under- som översummorna som
varierar beroende på hur många intervall vi valt att indela
[1, 3]
i. Genom att öka antalet intervall så att deras antal går mot
oändligheten kan vi undersöka gränsvärden för
s n
o hS n
. Dessablir
n→∞ lim s n = lim
n→∞ S n = 4.
Det enda tal
I
som kan uppfyllavillkorets n ≤ I ≤ S n
för varjen
är4
.Funktionen är alltsåintegrerbar (kontinuerlig påett slutet inter-
vall) o h
Z 3 1
(4 − x)dx = 4.
Vad vi sett här om förhållandet mellan storleken på integralen o h arean
under grafen kan sammanfattas ien sats:
Sats 2.6 Antag att funktionen
f
är kontinuerlig i intervallet[a, b]
o h i ke-negativ. Då är arean av det område som begränsas av kurvan
y = f (x)
,x
-axeln o h linjernax = a
o hx = b
A = Z b
a
f (x)dx.
Exempel 2.24
Beräkna
Z 1
−1
√ 1 − x 2 dx.
Vi börjar med att rita upp grafen (se gur
2.6
) av funktionen√ 1 − x 2
. Grafen ärhalv irkelnx 2 + y 2 = 1
där vi ser påy ≥ 0
.Funktionen är kontinuerlig på
[ −1, 1]
o h i ke-negativ,alltsåkan vi använda ovanstående sats.R 1
−1
√ 1 − x 2 dx
är lika med areanunder funktionen
√ 1 − x 2
. Denna ärπ·r 2 2 = π·1 2 = π 2 .
-2 -1.5 -1 -0.5 0.5 1 1.5 2
-2 -1.5 -1 -0.5 0.5 1 1.5 2
Figur 2.6:
Vi kano kså deniera begreppet integralför vissa typer av diskontinuerliga
funktioner. Om vi tänker oss integralen som arean under grafen kan man
tänka sig att addera ihop olika areor mellan diskontinuitetspunkterna. Vi
skall utvidga vår denition påbegreppet integrerbar .
Denition 2.7 Antag att en funktion
f
är begränsad o h har ett ändligtantaldiskontinuitetsställen
x 1 , x 2 , . . . x n
iintervallet[a, b]
.Dåärf
integrerbar o hZ b a
f (x)dx = Z x 1
a
f (x)dx + Z x 2
x 1
f (x)dx + . . . + Z x n
x n−1
f (x)dx + Z b
x n
f (x)dx.
Exempel 2.25
Bestäm
Z 2
−3
f (x)dx,
dåf (x) =
1,
för− 3 ≤ x < −1 3,
för− 1 ≤ x < 1 2,
för1 ≤ x ≤ 2
Vi inser att i intervallet
[ −3, 2]
nns2
diskontinuitetspunkter, nämligen−1
o h1
.Enligtovanståendedenitionkanvidåskrivaf (x)
somZ 2
−3
f (x)dx = Z −1
−3
f (x)dx + Z 1
−1
f (x)dx + Z 2
1
f (x)dx.
Värden på
f (x)
inomdelintervallenvar givnao h iexempel2.22
visade vi att då
C
ärkonstant gällerdet attR b
a Cdx = C(b − a)
.Därför fås
Z 2
−3
f (x)dx = Z −1
−3
1dx + Z 1
−1
3dx + Z 2
1
2dx = 1( −1 − (−3)) + 3(1 − (−1)) + 2(2 − 1) = 2 + 6 + 2 = 10.
Exempel 2.26
Bestäm
Z 1
−1
f (x)dx,
dåf (x) = −2,
förx > 0 2,
förx ≤ 0
Funktionen
f
ärdiskontinuerlig,men begränsad o h harett änd- ligt antal diskontinuitetspunkter på[ −1, 1]
, närmare bestämt en(i
x = 0
). Funktionen är alltsåintegrerbar o hZ 1
−1
f (x)dx = Z 0
−1
2dx + Z 1
0
( −2)dx = 2(0 − (−1)) + (−2)(1 − 0) = 2 − 2 = 0.
Grafen till
f (x)
nns uppritad i gur2.7
.Anmärkning 2.8 Iexempleträknade vimed att areanblevnegativ.Detta
brukarviintegörao hdet kännskanskeliteovanligt.Areanäralltidpositiv,
men integralen kan vara negativ. Om funktionen ligger under
x
-axeln blirvärdet på integralen negativt. I föregående exempel subtraherade vi alltså
arean som ligger under
x
-axeln från den som ligger ovanför. I o h med attareorna ärlika stora blirsvaret
0
.1 x
−1
−2 2 y
Figur 2.7:
Fråga: Vad betyder bete kningen
dx
?Svar:
dx
angermedavseendepåvilkenvariabelviintegrerar.Påsammasätt somx
:et if (x)
angeratt vihar en funktion som varierarmedavseendepåx
så betyder
dx
att vi integrerar m.a.p.x
.2.9 Integralens egenskaper
När vi börjarräkna litemer med integralerbehöver vinågra regler såatt vi
kanhantera dem. Genom att tänka på integralens geometriskatolkning kan
man förstå att de är riktiga. Vi kommer inte att analytiskt bevisa dem.
Regler:
Antagattfunktionerna
f
,g
ärkontinuerligapå[a, b]
o hc
ärenkonstant.Då gäller:
1.
Z b
a
(f (x) + g(x))dx = Z b
a
f (x)dx + Z b
a
g(x)dx.
2.
Z b
a
cf (x)dx = c Z b
a
f (x)dx.
3.
Z a
a
f (x)dx = 0.
Om funktionen ärkontinuerlig i ett intervall som innehåller
a
,b
o hc
gäller
4.
Z b
a
f (x)dx = − Z a
b
f (x)dx
5.
Z c
a
f (x)dx + Z b
c
f (x)dx = Z b
a
f (x)dx,
oberoende av storleksordningen på
a, b
o hc.
6.
Z b
a
f (x)dx ≥ 0,
omf (x) ≥ 0
på hela intervallet[a, b].
7.
Z b a
f (x)dx ≤ Z b
a
g(x)dx,
omf (x) ≤ g(x)
på hela intervallet[a, b].
Exempel 2.27
Bestäm ett reellt tal
a
så attZ a
1
(x + 1)dx − Z a
2a
(x + 1)dx = 6.
Med hjälpav regel
4
kan vi skriva− Z a
2a
(x + 1)dx = Z 2a
a
(x + 1)dx.
Sedan använder vi regel
5
o h får attZ a
1
(x + 1)dx + Z 2a
a
(x + 1)dx = 6 ⇔ Z 2a
1
(x + 1)dx = 6.
Vi ritar upp funktionen
f (x) = x + 1
(se gur2.8
).y
1 2a x
y=x+1
Figur 2.8:
Funktionen skallintegreras i intevallet
[1, 2a]
.I punkten
1
är funktionsvärdetf (1) = 1 + 1 = 2
o h i2a
ärf (2a) = 2a + 1
.Utgående från grafen kan vi dela upp arean i två delar; en rek-
tangel o h en triangel.
Arean för rektangeln är
A R = b · h = (2a − 1) · 2 = 4a − 2
.Motsvarande area för triangelnär
A T = b · h
2 = (2a − 1)((2a + 1) − 2)
2 = (2a − 1) 2
2 .
Nugällerdetattlösaekvationen
A R +A T = 6
.Dettaärekvivalentmed
4a − 2 + (2a − 1) 2
2 = 6 ⇔ 8a − 4 + (4a 2 − 4a + 1)
2 = 6 ⇔
4a − 3 + 4a 2 = 12 ⇔ 4a 2 + 4a − 15 = 0.
Detta ger, enligt lösningsformelnför andragradsekvationer, att
a = −4 ± p
16 − 4 · 4 · (−15)
2 · 4 = −4 ± √
256
8 = −4 ± 16 8
⇒
a 1 = 3 2
a 2 = − 5 2
2.10 Integralfunktionen
Vi har nu försökt oss på två metoder att beräkna integraler, geometriskt
(graskt) o h med över- o h undersummor. Det har varit arbetsdrygt även
för enkla integralero hännu vet vi intet.ex. lösningen till
Z 1 0
x 2 dx.
Vi skallifortsättningense påsambandetmellanintegralfunktioneno hdess
primitivafunktion. Integralfunktionendenieras som:
Denition 2.9 Antag att funktionen
f
ärintegrerbar iintervallet[a, b]
.In-tegralenavfunktionen
f
fråna
tillx
ärdåenfunktionF
,somärkontinuerlig i intervallet[a, b]
. (Här är alltsåa ≤ x ≤ b
.) FunktionenF
benämns i inte-gralfunktion o hvi skriver
F (x) = Z x
a
f (t)dt.
Vi använder här
t
som variabelförf
o hx
som variabel förF
.Dettaför attde intei onödan skall bindastill varandra.
Exempel 2.28
Se på funktionen
f (t) = t
. Om vi ritar upp den får vi följandegur (se gur
2.9
).y y=t
t x
x
Om vi undersöker arean under kurvan i intervallet
[0, x]
kan viräkna ut den som:
A = x · x 2 = x 2
2 .
Detta ger alltså att (om funktionen
F (x)
beskriver arean underlinjen):
F (x) = Z x
0
tdt = x 2 2 .
Observera här att
F (x)
ären primitiv funktion tillf (x) = x
, tyF ′ (x) = x
.Senare kommervi att se att detta samband inte ärslumpmässigt.
Sats 2.10 (Analysens huvudsat s)Antagattfunktionen
f
ärkontinuerlig i intervallet[a, b]
. Då är integralfunktionenF
,F (x) = Z x
a
f (t)dt,
deriverbar i intervallet
[a, b]
o h för allax ∈ [a, b]
gäller attF ′ (x) = f (x).
Anmärkning 2.11 I satsen är alltså
f (x)
samma funktion somf (t)
, menmed en annanvariabel.
Korollarium 2.12 Tillvarjekontinuerligfunktion
f
existerardet(åtminsto-ne) en primitiv funktion, nämligen integralfunktionen
Z x a
f (t)dt.
Exempel 2.29
D Z x
a
(t 2 + ct)dt = x 2 + cx,
ty om
F (x) = Z x
a
(t 2 + ct)dt
så gäller det att
F ′ (x) = f (x) = x 2 + cx.
Exempel 2.30
Är
F (x) = Z x
1
e t 2 dt
strängt monoton?
Vi vet att om derivatan för en funktion är strängt positiv eller
negativ så ärfunktionen strängt monoton.
F ′ (x) = e x 2
är strängt positiv. Detta betyder attF
är strängtväxande, alltsåsträngt monoton.
Graskt kan man o kså tänka sig detta resultat. Det är ju na-
turligt att arean under grafen växer när
x
blir större (e t 2
är jupositiv).
2.11 Integralräkning med hjälp av primitiv funk-
tion
Idettaavsnittkommerviattbestämmaintegralermedhjälpavdenprimitiva
funktionen. Den sats som nuföljer brukar kallasinsättningsformeln.
Sats 2.13 Antag att funktionen
f
är kontinuerlig i intervallet[a, b]
. OmF
är en primitiv funktion till
f
, gällerZ b
a
f (x)dx = F (b) − F (a).
Närmanbestämmerenintegral,subtraherarmanalltsåvärdetavdenprimiti-
va funktionenförden undreintegrationsgränsenfrånvärdetav denprimitiva
funktionen för övre integrationsgränsen.
Bete kningar:
F (b) − F (a) = h
F (x) i b a =
. b a
F (x).
Begreppetintegraldenierades som gränsvärden av över-o h undersummor
när antalet intervall gi k mot oändligheten. Det denierades utgående från
att man ville ha ett mått på arean under en graf. Primitiva funktionen är
Exempel 2.31
Beräkna
Z 2
−1
(6x 2 − 2x + 1)dx.
Z 2
−1
(6x 2 − 2x + 1)dx = h 6
3 x 3 − 2
2 x 2 + x i 2
−1
= h
2x 3 − x 2 + x i 2
−1
= (2 · 2 3 − 2 2 + 2) − (2 · (−1) 3 − (−1) 2 + ( −1)) = 14 − (−4) = 18.
Fråga: Varför har vi ingen konstant med nu, när vi bestämmer primitiv
funktion?
Svar: Det är onödigt. Vid subtraktionen skulle ändå två konstanter ta ut
varandra.
Exempel 2.32
Beräkna
Z π 2
−π
sin 2x cos 2 2xdx.
Här använder vi oss av regeln
D −1 f ′ (x)(f (x)) a = (f (x)) a+1
a + 1 + C, a 6= −1,
ty
cos 2 2x
ärju ett annatsätt att skriva(cos 2x) 2
.Inre derivatan för
cos 2 2x
är− sin 2x · 2
. Då fåsZ π 2
−π
sin 2x cos 2 2xdx = Z π 2
−π
− 1 2
( −2 sin 2x) cos 2 2xdx =
− 1 2
Z π 2
−π
( −2 sin 2x) cos 2 2xdx =
− 1 2
h 1
3 cos 3 2x i π 2
−π
=
− 1 2
h 1 3 cos 3
2 · π 2
− 1 3 cos 3
2 · (−π) i (1)
=
− 1 2
h 1
3 · (−1) 3 − 1 3 · 1 3 i
=
− 1 2
h − 1 3 − 1
3 i = 2
6 = 1 3 ,
där
(1)
fås tycos π = −1
o hcos( −2π) = cos 2π = 1
.Exempel 2.33
Beräkna
Z 2
−1
|1 − x|dx.
Enligt denitionen vet vi att
|1 − x| =
1 − x,
omx ≤ 1 x − 1,
omx > 1
Detta ger
Z 2
−1
|1 − x|dx = Z 1
−1
(1 − x)dx + Z 2
1
(x − 1)dx = h x − x 2
2 i 1
−1
+ h x 2 2 − x i 2
1 = h
1 − 1 2
−
−1 − 1 2
i + h
(2 − 2) − 1
2 − 1 i
= h 1
2 + 3 2 i
+ h 0 + 1
2 i
= 2 + 1 2 = 5
2 .
Exempel 2.34
Bestäm största o hminsta värdet för funktionen
f (x) = Z 2
1
1
t − 1 x dt
i intervallet
1 ≤ x ≤ 2
.Observeraattviintegrerarm.a.p
t
o hintex
somviärvanamed.Vibörjarmed attreda utabsolutbeloppet. Enligtdenitionenär
|f(t)| =
f (t),
omf (t) ≥ 0
−f(t),
omf (t) < 0
Detta betyder att
1 t − 1
x =
1
t − x 1 ,
om1 t − x 1 ≥ 0,
d.v.s. om1 t ≥ 1 x ⇒ t ≤ x
1
x − 1 t ,
om1 t − x 1 < 0,
d.v.s. om1 t < x 1 ⇒ t > x
Notera att
t
behandlas som variabelmedanx
behandlas som enkonstant.
Vi skriverom funktionen
f (x)
o h beräknar sedan integralen:f (x) = Z 2
1
1 t − 1
x dt =
Z x 1
1 t − 1
x
dt +
Z 2 x
1 x − 1
t
dt = h
ln |t| − t x
i x 1 + h t
x − ln |t| i 2 x
t>0
= h
ln t − t x
i x 1 + h t
x − ln t i 2 x = h
ln x − x x
−
ln 1 − 1 x
i
+ h 2
x − ln 2
− x
x − ln x i
= ln x − 1 − 0 + 1
x + 2
x − ln 2 − 1 + ln x = 2 ln x − 2 + 3
x − ln 2.
Vi draross tillminnes att maximi-o hminimivärdenkanhittas:
1. i derivatans nollställen,
2. i
f
:s diskontinuitetspunkter, 3. förx
-värden där derivata saknas,4. i denitionsintervallets ändpunkter.
Vi undersöker dessa punkter en i gången:
1. Härbörjarvi med att derivera
f (x)
o h fårf ′ (x) = 2
x − 3
x 2 = 2x − 3 x 2 .
Vi räknar sedan ut för vilka värden på
x
somf ′ (x) = 0
.Dettager att
2x − 3 = 0 ⇔ x = 3 2
.Eftersom