Räkneövning 2 – fria elektroner och reciproka gittret
1. Silver, Ag, har fcc-struktur, atomnummer 47, atomvikten 107,87 u, yttre elektronkonfigurationen 4d105s1 och densiteten 10490 kg/m3.
a) Beräkna tätheten n av ledningselektroner i silver (antal/m3)?
b) Beräkna Fermienergin för silver (i eV)?
Lösning:
a) Av silvers elektronkonfiguration kan vi sluta oss till att silver avger en elektron till elektrongasen. Tätheten av ledningselektroner blir då:
†
n = Nelektron
V = Z ⋅ Natom
V = Z ⋅mtot
V ⋅ Natom
mtot = Z ⋅ r matom Numeriskt ger detta (med Z = 1) att:
†
n = 1⋅ 10490
107,87 ⋅1,6603⋅10-27 = 5,857 ⋅1028m-3
b) Fermienergin ges av:
†
EF = h2
2m
(
3p2n)
2 3Numerisk får vi då att:
†
EF =
(
1,05459 ⋅10-34)
22 ⋅ 9,10953⋅10-31 ⋅ 3p
(
2⋅ 5,857 ⋅1028)
2 3J = 8,81⋅10-19 J = 5,50 eV 2. Beräkna tillståndstätheten vid Fermiytan,†
D e( )F hos silver? Ange svaret i de båda enheterna J-1m-3 respektive eV-1atom-1. Du får anta att silverstycket har en makroskopisk kubisk form vid räknandet.
Lösning:
I en kub med volymen
†
V = L3 ger Schrödingerekvationen lösningar med
†
ki = 0, ± 2p L , ± 4p
L ,L, vilket betyder att varje tillstånd i k-rummet upptar en volym som är
†
Vk = 2p L Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
3
=8p3
V . Enligt Pauliprincipen kan vi endast ha två elektroner per tillstånd i k-rummet (en med spinn upp och en med spinn ner). Betrakta en sfär med radien k i k-rummet (motsvarande en konstant energi
†
ek = h2
2mk2 på ytan av sfären). Då är antalet tillåtna tillstånd med en energi
†
e<ek:
†
N e( )= 2 ⋅Vsfär
Vk = 2 ⋅ 4pk3 3 8p3 V = V
3p2k3= V 3p2
2m h2 Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
3 2
⋅e3 2
Tillståndstätheten ges av antal tillstånd per energi, vilket vi får genom att derivera detta uttryck:
†
D( )e = dN( )e
de = V 2p2
2m h2 Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
3 2
⋅ e fi D( )e V = 1
2p2 2m
h2 Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
3 2
⋅ e
Numerisk ger detta vid Fermiytan med hjälp av Fermienergin från föregående uppgift:
†
D( )e V = 1
2p2
2 ⋅ 9,10953⋅10-31 1,05459 ⋅10-34
( )
2Ê
Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜
˜
3 2
⋅ 8,81⋅10-19 1
Jm3 = 9,97 ⋅1046 1 Jm3
Omräknat till enheten eV-1atom-1 med atomtätheten (lika med elektrontätheten eftersom Z=1) från föregående uppgift ger att:
†
D e( )
V = 9,97 ⋅1046⋅1,60219 ⋅10-19 5,857 ⋅1028
1
eV ⋅ atom= 0,273 1 eV ⋅ atom
3. Den keramiska supraledaren YBa2Cu3O7 har en ortorombisk struktur med gitterparametrarna a = 3,82 Å. b = 3,88 Å och c = 11,69 Å. I en ortorombisk struktur är alla gitterparametrar olika långa, men gittervektorerna
†
a 1, a 2och a 3 är fortfarande ortogonala mot varandra.
a) Beräkna de reciproka gittervektorerna för en ortorombisk struktur?
b) Vad händer med de reciproka gittervektorerna i en tetragonal struktur där
†
a = b ≠ c respektive i en kubisk struktur där
†
a = b = c?
c) Beräkna längden av en reciprok gittervektor i YBa2Cu3O7 med Millerindex (110)?
Lösning:
a) Eftersom gittervektorerna är ortogonala mot varandra, kan vi välja ett rätvinkligt koordinatsystem så att gittervektorerna ligger längs med de tre koordinataxlarna, dvs. vi har att:
†
a 1= aˆ x , a 2 = bˆ y , a 3= cˆ z
Volymen av enhetscellen är således
†
V = abc, vilket även kan erhållas ur:
†
V = a 1⋅ a ( 2¥ a 3) = a 0 0( )⋅
0 b 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ 0 0 c Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ È
Î Í Í Í
˘
˚
˙
˙
˙
= a 0 0( )⋅
bc 0 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = abc
De reciproka gittervektorerna ges nu av:
†
b 1= 2p a 2¥ a 3 a 1⋅ a ( 2¥ a 3) =
2p abc
0 b 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ 0 0 c Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p abc
bc 0 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ =2p a x ˆ
†
b 2= 2p a 3¥ a 1 a 1⋅ a ( 2¥ a 3)=
2p abc
0 0 c Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ a 0 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p abc
0 ac
0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ =2p b y ˆ
†
b 3= 2p a 1¥ a 2 a 1⋅ a ( 2¥ a 3)=
2p abc
a 0 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ 0 b 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p abc
0 0 ab Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ =2p c z ˆ
b) Genom att direkt jämföra med beräkningen av de reciproka gittervektorerna för den ortorombiska strukturen, ser vi att för en tetragonal struktur där
†
a = b gäller det att:
†
b 1=2p
a x , b ˆ 2=2p
a y , b ˆ 3=2p c z ˆ
På samma sätt får vi att för en kubisk struktur med
†
a = b = c gäller att:
†
b 1=2p
a x , b ˆ 2=2p
a y , b ˆ 3=2p a z ˆ
c) En reciprok gittervektor med Millerindex (hkl) tecknas allmänt:
†
G hkl( )= hb 1+ kb 2+ lb 3 Längden av
†
G 110( ) hos YBa2Cu3O7 kan således tecknas:
†
G 110( ) = 1⋅2p
a x + 1⋅ˆ 2p
b y + 0 ⋅ˆ 2p
c z =ˆ 2p a Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
2
+ 2p b Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
2
Numeriskt ger detta att:
†
G 110( ) = Ê 3,822p
Ë Á ˆ
¯ ˜
2
+ 2p 3,88 Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
2
Å-1= 2,308 Å-1
4. Man kan genom förångning framställa mycket tunna filmer av metalliska grundämnen som bara är några få atomlager tjocka. I en mycket tunn film
betyder detta att filmen kan betraktas som en näst intill två-dimensionell ledare.
Betrakta en tunn metallfilm med ytan A=L2 och finn ett uttryck för tillståndstätheten hos elektronerna i en två-dimensionell ledare?
Lösning:
I en två-dimensionell ledare har vi endast en elektrongas i planet. Lösningen av Schrödingerekvationen ger på samma sätt som för en tre-dimensionell ledare att tillåtna k-värden ges av:
†
kx,ky = 0, ±2p L , ± 4p
L ,L
Ytan av varje k-punkt (i två dimensioner) är således
†
Ak= 2p L Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
2
=( )2p 2
A . Enligt Pauliprincipen kan vi endast ha två elektroner per tillstånd i k-rummet (en med spinn upp och en med spinn ner). Betrakta en cirkel med radien k i det två- dimensionella k-rummet (motsvarande en konstant energi
†
ek = h2
2mk2 på avståndet k från cirkelns mitt). Då är antalet tillåtna tillstånd med en energi
†
e<ek:
†
N( )e = 2 ⋅ Asfär
Ak = 2 ⋅ pk2 4p2 A = A
2p k
2 = A 2p
2m h2 ⋅e
Tillståndstätheten ges av antal tillstånd per energi, vilket vi får genom att derivera detta uttryck:
†
D e( )= dN e( )
de = Am ph2
5. Bilden nedan visar Brillouinzonen för silver som är fcc och har en kubisk gitterparameter på 4,09 Å. Beräkna k (absolutbeloppet av vågvektorn) i vardera punkten X, L och K på ytan av Brillouinzonen?
z
x
y G
X
L
W K U
Lösning:
Silver är fcc med gitterparameter a = 4,09 Å. De primitiva gittervektorerna (i det direkta gittret) för en fcc-struktur är (se Kittel):
†
a 1=a
2(y + ˆ ˆ z ) ; a 2= a
2(x + ˆ ˆ z ) ; a 3= a
2(x + ˆ ˆ y ) Volymen av den primitiva enhetscellen är:
†
V = a 1⋅ a ( 2¥ a 3) = 0 a
2 a 2 Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜ ⋅ a 2
0 a 2 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ a 2 a 2 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ È
Î Í Í Í
˘
˚
˙
˙
˙
= 0 a
2 a 2 Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜ ⋅
- a2 4 a2 4 a2 4 Ê
Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜
˜
= a3 4
Detta kan även inses från den kubiska enhetscellen för fcc som har volymen
†
a3 och 4 atomer i basen, vilket ger att den primitiva enhetscellen har volymen
†
a3 4. De reciproka gittervektorerna blir nu:
†
b 1= 2p a 2¥ a 3 a 1⋅ a ( 2¥ a 3) =
2p a3 4
a 2 0 a 2 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ a 2 a 2 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p a3 4
- a2 4 a2 4 a2 4 Ê
Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜
˜
=2p
a (- ˆ x + ˆ y + ˆ z )
†
b 2= 2p a 3¥ a 1 a 1⋅ a ( 2¥ a 3)=
2p a3 4
a 2 a 2 0 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ 0 a 2 a 2 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p a3 4
a2 4 -a2 4
a2 4 Ê
Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜
˜
=2p
a (x - ˆ ˆ y + ˆ z )
†
b 3= 2p a 1¥ a 2 a 1⋅ a ( 2¥ a 3)=
2p a3 4
0 a 2 a 2 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ ¥ a 2
0 a 2 Ê Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜ ˜ = 2p a3 4
a2 4 a2 4 -a2 4 Ê
Ë Á Á Á
ˆ
¯
˜
˜
˜
=2p
a (x + ˆ ˆ y - ˆ z )
Det reciproka gittret är således ett bcc-gitter med gitterparameterna
†
b = 4p a , vilket visas i figuren nedan.
4pa
4pa
4pa 4p
a
4pa x
x 2.
Ur figurens geometri framgår att avståndet till de olika punkterna på den inritade BZ-gränsen kan beräknas utifrån följande samband.
X:
†
k =2p
a = 1,536 ⋅1010m-1 (halva avståndet till gitterpunkten i
†
4p
a 0 0 Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜ ) L:
†
k =1
2⋅ 3 ⋅2p
a = 1,33⋅1010 m-1 (halva avståndet tillgitterpunkten i
†
2p a
2p a
2p a Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜ ) K: Ligger längs (110)-riktningen och har samma avstånd till origo som till gitterpunkten i
†
2p a
2p a
2p a Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜ . Låt punkten K:s läge längs (110)-riktningen vara
†
x x 0
( ). Då måste det enligt Pythagoras sats gälla att:
†
x2= 2p a Ê Ë Á ˆ
¯ ˜
2
+ 2 ⋅2p a -x Ê
Ë Á ˆ
¯ ˜
2
= 4p2
a2 +8p2
a2 -4p 2
a x + x2 fi x = 3p
a 2 = 1,629 ⋅1010m-1