CHALMERS TEKNISKA HÖGSKOLA Institutionen för kemi- och bioteknik
KURSNAMN Grundläggande kemiteknik, KAA
146 Med förslag till lösningar av
beräkningsuppgifter PROGRAM: namn
åk / läsperiod
Civilingenjörsprogram kemiteknik
Civilingenjörsprogram kemiteknik med fysik årskurs 2 läsperiod 3 & 4
EXAMINATOR Krister Ström
TID FÖR TENTAMEN LOKAL
Måndag 23 augusti 2010, kl 08.30-12.30 M
HJÄLPMEDEL Valfri räknedosa/kalkylator med tömt minne. Egna anteckningar och kursmaterial är ej godkänt hjälpmedel.
"Data och Diagram" av Sven-Erik Mörtstedt/Gunnar Hellsten
”Tabeller och Diagram” av Gunnar Hellsten
"Physics Handbook" av Carl Nordling/Jonny Österman
"BETA β" av Lennart Råde/Bertil Westergren Formelblad (vilket bifogats tentamenstesen)
ANSV LÄRARE: namn telnr besöker tentamen
Derek Creaser 772 3023 ca. kl. 09.30
Krister Ström 772 5708 ca. kl. 10.30
Jonas Sjöblom 772 3012 ca. kl. 10.30 DATUM FÖR ANSLAG av
resultat samt av tid och plats för granskning
Svar till beräkningsuppgifter anslås 24 augusti på studieportalens kurshemsida. Resultat på tentamen anslås tidigast 13 september efter kl 12.00. Granskning 14 respektive 15 september kl. 12.30-13.00 i seminarierummet forskarhus II plan 2.
ÖVRIG INFORM. Tentamen består av teoriproblem till ca 40 % och resten beräkningsuppgifter. Åtta uppgifter totalt på tentamen. Poäng på respektive uppgift finns noterat i tentamenstesen.
För godkänd tentamen fordras 50% av tentamens totalpoäng. Till genomförd tentamens totalpoäng adderas bonuspoäng som erhållits inom ramen för kursens miniprojekt. Dessa tillgodoräknas endast vid de tentamenstillfällen under det år studenten är
förstagångsregistrerad på kursen. Samtliga diagram och bilagor skall bifogas lösningen av tentamensuppgiften. Diagram och bilagor kan ej kompletteras med vid senare tillfälle. Det är Ditt ansvar att Du besitter nödvändiga kunskaper och färdigheter. Det material som Du lämnar in för rättning skall vara väl läsligt och förståeligt. Material som inte uppfyller detta kommer att utelämnas vid bedömningen. Betyg 3 30-39p, betyg 4 40-49p, betyg 5 50-60p.
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 2
Uppgift 1 Ångreformering av metan är en vanlig reaktionsväg för att tillverka vätgas:
CH4 + 2H2O → CO2 + 4H2
Ett alternativ till den direkta reaktionsvägen är att använda sig av så kallad “chemical looping steam reforming” (CLSR) med fördelen att vätgasen direkt blir separerad från koldioxiden. I CLSR processen används metalloxider så som FeO/Fe2O3 som
syrebärare. I reaktor 1 (se bilden) sker den fullständiga oxidationen av metanet enligt:
CH4(g) + 4Fe2O3(s) → 8FeO(s) + CO2(g) + 2H2O(g) (reaktor 1) och i reaktor 2 bildas vätgas genom oxidation av FeO med vatten enligt:
H2O(g) + 2FeO(s) → Fe2O3(s) + H2(g) (reaktor 2) Syrebäraren FeO/Fe2O3 cirkuleras mellan reaktorerna.
I en specifik CLSR anläggning uppnås fullständigt utbyte av metan över reaktor 1.
Reaktor 1 tillförs även ren Fe2O3 av vilket 65% reagerar och bildar FeO. I reaktor 2 omsätts 80% av det tillförda vattnet medans all FeO oxideras till Fe2O3. Anläggningen producerar 25 kmol vätgas per timme.
a) Hur mycket metan måste tillföras till reaktor 1?
b) Hur mycket Fe2O3 går vidare från reaktor 2 in i reaktor 1 (i kg h-1)?
c) Båda reaktorerna körs vid 850°C. Processen är starkt endoterm. Tillflödena till processen är metan i gas fas och vatten som vätska, båda strömmarna håller 20°C.
Diskutera kortfattat hur processen bör designas för att minimera vatten förbrukningen och göra processen mer energieffektiv.
Fe2O3 molekylvikt = 159.7 kg kmol-1
(11p)
Reaktor 1
CH4
Fe O2 3
CO , H O2 2 H O2
H , H O2 2
Reaktor 2
FeO Fe O2 3
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 3
Uppgift 2 Vätskefas reaktionen:
A → B + C har följande hastighetsuttryck:
.
1
En reaktor tillförs 100 mol h-1 av rent A (inget B eller C) vid en koncentration av 0.25 mol dm-3 av A. Omsättningsgraden av A över reaktorn är 70%. Reaktorn är en ideal och kontinuerlig reaktor som körs isotermt och vid steady state.
a) Vilken reaktor volym krävs om en tankreaktor används i processen?
b) Vilken reaktor volym krävs om en tubreaktor används i processen?
c) Vilken ideal kontinuerlig reaktor kräver den minsta volymen? Förklara varför det är så för den här reaktionen. (Ledtråd: Frågan kan besvaras utan att ha beräknat volymerna i (a) och (b), man måste då tänka på hur
reaktionshastigheten varierar med omsättningsgraden över intervallet 0-70%) DATA:
10 (mol dm-3)0.5 h-1 16 dm3 mol-1
(10p) Uppgift 3 Metylcyklohexan (MCH) dehydrogeneras och bildar toluen (T) i en katalytisk reaktor
som innehåller 50 kg katalysatormaterial.
ΔHR = + 204.8 kJ mol-1 vid 25°C
Reaktorn tillförs en 2:1 (mol) blandning av H2:MCH vid 500oC och atmosfärs tryck.
Reaktionen är en första ordningens reaktion med avseende på MCH. Reaktorn antas vara en ideal adiabatisk tubreaktor. Omsättningsgraden av MCH över reaktorn är 20%.
a) Vad blir temperaturen ut ur reaktorn?
b) Om reaktorn istället var en ideal tankreaktor, skulle då den erforderliga mängden katalysatormaterial öka eller minska? Förklara varför. (Inga beräkningar behövs)
DATA:
Medelvärden av värmekapaciteter:
(J mol-1 K-1) MCH
T H2
323 230 29.6
(6p)
CH3
MCH T
CH3
3H2
+
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 4
Uppgift 4 En kokvarm blandning av 30 mol-% etanol och 70 mol-% propanol ska destilleras i en
bottenkolonn. Bottenuttaget ska hålla endast 10 mol-% etanol. Kolonnen är försedd med återkokare och totalkondensor och separationen ska ske vid 101.3 kPa. Till återkokaren tillföres så mycket effekt att mängden uppkokad ånga är 1.46 gånger mängden tillflöde till kolonnen. Det yttre återflödesförhållandet ska sättas till 3.16.
Beräkna;
a) hur många ideala steg som fordras för separationen!
b) hur många ideala steg som fordras för separationen om tillflödet i stället utgörs av mättad ånga och återkokareffekten minskas i motsvarande mån, dvs att mängden uppkokad ånga är 0.46 gånger mängden tillflöde till kolonnen! Övriga givna data förutsätts oförändrade.
Jämviktsdiagram för systemet etanol-propanol bifogas.
(12p) Uppgift 5 Redogör, med hjälp av figuren nedan, för vad som händer då en blandning av
isopropanol och propylenklorid, som håller molbråket 0.3 med avseende på isopropanol, kyls från 90°C till 80°C vid ett konstant tryck av 101.3 kPa.
Dag- och bubbelpunktsdiagram för systemet isopropanol/propylenklorid vid 101.3 kPa.
I bilaga 1 finns diagrammet med utrymme för svar som du ska bifoga dina tentamenslösningar för bedömning!
(5p) Uppgift 6 Ge en förklaring till varför det existerar ett optimalt återflödesförhållande vid
destillation och vilka aspekter man tar hänsyn till vid valet av detta!
(4p)
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 5
Uppgift 7 En plattvärmeväxlare med arean 205m2 arbetar som en motströmsvärmeväxlare. Den
varma strömmen är varmt vatten av 60°C, 180kg/s som kyls till 40°C och den kalla strömmen är kallt vatten av 10°C, 90kg/s. För att kunna kyla den varma strömmen ytterligare, vill man dubbla den kalla strömmen varvid U ökar med 19%.
a) Hur ändras mycket effekten av denna ändring?
b) Kylvattnet som tas från en älv har tack vare mycket regnande blivit både smutsigt och innehåller fibrer från bottenslam. Om man helt fritt kunde välja
värmeväxlartyp, vilken typ skulle du rekommendera? Varför? Motivera ditt svar.
(6p)
Uppgift 8 För att pumpa 90 l/s kylvatten används en radial pump med nedanståendekaraktäristika, se nästa sida. Den statiska uppfordringshöjden är 22m och den dynamiska uppfordringshöjden ges av
1,8 f
0.0033 * V
h = &
[m]Där V&är volymsflödet i l/s.
a) Beräkna pumpeffekten för detta driftfall
b) Om man skulle dubbla flödet med samma pump genom att öka varvtalet, vad blir pumpeffekten i detta fall?
c) Vid stora flödesökningar så är oftast inte radialpumpar det bästa valet. Vilken annan typ av turbopump är oftast bättre? Beskriv kort dess funktion
d) I nuläget befinner sig pumpen vid älven och man skulle vilja flytta den till direkt anslutning till kylanläggningen. Motivera om detta skulle vara möjligt eller inte.
(6p)
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 6
Göteborg 2010-08-11
Krister Ström Derek Creaser Jonas Sjöblom
η,%
varvtal
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 7
Formelblad – Grundläggande kemiteknik
Reaktionsteknik
Omsättningsgraden:
0
0
A A
A
A
N N
X N
= − (satsreaktor)
0
0
A A
A
A
F F
X F
= − (kontinuerlig reaktor)
Arrhenius ekvation:
exp EA k A
RT
⎛ ⎞
= ⎜⎝− ⎟⎠
och
1 11
1 1
( ) ( )exp
EA( )
k T k TR T T
⎡ ⎤
= ⎢ − ⎥
⎣ ⎦
Energiteknik
Värmeväxlare:
1 2
1 2
ln
T TT Tlm T
Δ Δ
Δ
−
= Δ Δ
⎥ ⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡ ⎟⎟
⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ −
−
−
⎥ ⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡ ⎟⎟
⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ −
−
−
=
max min max
min
max min
1 exp
1
1 exp
1
C NTU C C
C
C NTU C
ε
(motström)
max min
max min
1
1 exp
1
C C
C NTU C
+
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡ ⎟⎟
⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
−
−
ε
=(medström)
Cmin
NTU= UA
Tentamen 2010-08-
Temper
Tryckfö λ
pf= Δ
ζ
pf= Δ
n i Grundlägg 23
raturverknin
örlust i rörle
2
2
ρ λ
cd l
2
2
ρ ζ
cgande kemitek
ngsgrad för
edningar:
knik
motströmsv
Y
Y
vämeväxlar e
2,4 (p tub
Y=
4 stråk ass) på bsidan
1 1
1 2
C H
C C
T T
T T
−
= −
8
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 9
Separationsteknik
Antoines ekvation:
( )
i i i o
i
t C
A B P
log = − +
Wilsonuttrycket för beräkning av aktivitetsfaktor för binärt system:
( )
( )
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛
+ Λ
− Λ Λ +
− Λ Λ +
−
=
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛
+ Λ
− Λ Λ + + Λ
Λ +
−
=
2 1 21
21 2
12 1
12 1
1 21 2 2
2 1 21
21 2
12 1
12 2
2 12 1 1
ln ln
ln ln
x x x
x x x x
x x x
x x x x
γ γ
Relativ flyktighet: α
1,21 1 2 2
y x y x
=
där x anger vätskefassammansättning y anger ångfassammansättning 1 anger lättflyktig komponent 2 anger tung komponent
Binär destillation:
Materialbalanser:
Vyn+1 = Lxn + DxD Vym+1 = Lxm – BxB
q-linje:
y q
1- qx x 1 q
= − + F
−
F, xF
D, xD
W, xW n
n+1
m m+1
B, xB
F, xF
D, xD
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 10
Bilaga 1.
Svarsbilaga till uppgift 5. Anonymkod:
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 11
Uppgift 1
Process with labelled streams:
Reactor 1:
CH
4+ 4Fe
2O
3→ 8FeO + CO
2+ 2H
2O R
1Reactor 2:
H
2O + 2FeO → Fe
2O
3+ H
2R
2Basis: 25 kmol h
-1H
2in stream 6.
Balances around reactor 2:
For H
2:
FH62=
XH2OFH52O=
R2= 25 kmol h
-1For FeO:
FFeO3=
FFeO4− 2
R2= 0
50 2
24
= R =
FFeO
kmol h
-1Balances around reactor 1:
For FeO:
FFeO4= R 8
1= 50
25 . 6 8 /1 =50 =
R
kmol h
-1For CH
4:
FCH2 4=
FCH1 4−
R1= 0 25 .
1
6
1
4
= R =
FCH
kmol h
-1For Fe
2O
3:
FFe42O3=
FFe32O3− 4R
1Reactor
1
1 2
3
4
5
6 CH4
Fe O2 3
CO , H O2 2 H O2
H , H O2 2
Reactor 2
80% H O conversion
2
25 kmol h H
-1 2100% CH
conversion
4
FeO Fe O2 3
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 12
also,
FFe42O3= ( 1 −
XFe2O3)
FFe32O3= 0 . 35
FFe32O3combining, 0 . 35
FFe32O3=
FFe32O3− 4
R1then, 46
FFe32O3= 38 . kmol h
-16142 7
. 159 46 .
3
38
3
2O
= × =
mFe
kg h
-1(a) 6.25 kmol h
-1(b) 6142 kg h
-1Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 13
Uppgift 2
Reaction: A → B + C (liquid phase)
Reaction rate of A:
(
A)
A
A kC
C r k
2 5 . 0 1
− 1+
=
For liquid phase reaction (q const.): ( )
A(
A)
A A
A C X
q X
C
=
F1 − = 1 −
0 0
Reaction rate as function of X
A: ( )
( )
(
A A A A)
A k C X
X C
r k
− +
− −
= 1 1
1
0 2
5 . 5 0
. 0
0 1
Ideal tank mole balance:
0
−
F+
r V= 0
FA A A( )
( )
( 1 1 ) 0
1
0 2
5 . 5 0
. 0
0 1
0
=
− +
− −
VX C
k
X C
F k X
A A
A A
A A
Solving,
V =56.2dm
3(a) Ideal tube mole balance:
A
A r
dF = dV
A A
A r
dV F 0dX
= −
( )
(
A A)
A AA A A
A
A dX
X X C
k C
k F r
F dX
V =
∫
− =∫
00.7 + − −0.5 0 7 2. 0
0 0.5
0 1
0
0 1
1 1
Integral can be solved numerically,
V =62.7dm
3(b) (c) From rate equation above as function of X
A, one can calculate:
At X
A= 0, r
A0= -1 mol dm
-3h
-1At X
A= 0.7, r
A=-1.2 mol dm
-3h
-1So the reaction rate of A increases over the actual range of conversion in the reactor.
Throughout a tank reactor, due to perfect mixing, the reaction occurs entirely at the outlet conditions, which in this case is higher than the reaction rate at inlet conditions. The tube reactor operates at all reaction rates from 0 to 70% conversion, which gives an overall lower average reaction rate. This means that the required volume of the tank reactor for this reaction and outlet conversion will be less than that for a tube reactor.
FA0 = 100 mol h-1
XA = 0.7 V = ?
CA0 = 0.25 mol dm-3
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 14
Uppgift 3
Reaction: MCH → T + 3H
2ΔH
R= +204.8 kJ mol
-1at 25ºC
Adiabatic heat balance with T
r= 25ºC (reference temperature)
( )
( ) 0
0 0
0
= Δ
− +
− ∑ ∫
∑ ∫
T MCH R rT Pi i T
T Pi
i c dT F c dT XF H T
F
r
(
FMCH0 cPMCHr+
FH02cPH2) (T0−
Tr) ( −
FMCHcPMCH +
FTcPT +
FH2cPH2)(
T −
Tr) +
XFMCH0 ( − Δ
HR( )
Tr ) = 0 Express the molar flow rate of all components in terms of the
FMCH0 and X:
0 0
2
2
MCHH F
F
= (due to specified molar feed ratio)
0
0
0 . 2
MCHMCH
T XF F
F
= =
0 0
0 MCH
0 . 8
MCHMCH
MCH F XF F
F
= − =
( )
0 00 0
0 2
2 H
3
MCH2
MCH3 0 . 2
MCH2 . 6
MCHH F XF F F F
F
= + = + =
Sub molar flow rate expressions into heat balance and cancel out
FMCH0:
(
cPMCH +2cPH2)(
T0−Tr) (
− 0.8cPMCH +0.2cPT +2.6cPH2)(
T −Tr)
+X(
−ΔHR( )
Tr)
=0( )( ) ( ( ) )
(
PMCH PT PH)
rr R r
PH
PMCH T
c c
c
T H X T T c
T c +
+ +
Δ
− +
−
= +
2 0
2
6 . 2 2
. 0 8
. 0
2
=394
T
ºC (a) (b)
The required volume for a tank reactor would be larger, for two reasons. First since the reaction is first order the reaction rate will decrease with conversion. A tank reactor because it is well-mixed will operate entirely at outlet conditions and at least with respect to
concentration this will be the lowest reaction rate. In a tube reactor the concentration and reaction rate would gradually decrease through the reactor length. In addition, because the reaction is endothermic (ΔH
R> 0) and the reactor is adiabatic, the temperature will decrease with conversion. The tank reactor will operate with the lowest outlet temperature throughout the reactor and again with the lowest reaction rate with respect to temperature. In the tube however the temperature and reaction rate will gradually decrease through the reactor length.
Adiabatic Feed ratio
H :MCH 2:1
2
T0 = 500 C
°
XT
= 0.2 = ?
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 15
Uppgift 4.
Data: x
F= 0.30 x
B= 0.10 P = 101.3 kPa V = 1.46F kmol/h R = 3.16
Sökt: a) Antal steg
b) Antal steg vid ångformigt tillflöde och V = 0.46F kmol/h Lösning:
a) Sök x
Doch driftlinjer!
Materialbalanser över kolonnen Total: F = D + B
Komponent: Fx
F= Dx
D+ Bx
BTotalbalans runt kondensorn V = L + D
R =L/D
V = V ty kokvarmt tillflöde
V = D(R+1) ⇒ 1.46F = D(R+1)
D=
1.46FR+1
B = F – D ⇒ B = F -
1.46FR+1
Komponentbalansen ger ⇒ x
D=
FxF-BxBx
D= 0.67
DÖvre driftlinjen, y
n+1=
RR+1
x
n+
xDR+1
, konstrueras från (x
D,x
D);(0.67,0.67) på jämviktskurvans diagonal till punkten (0,
xDR+1
);(0,16) på y-axeln. q-linjen är lodrät pga av kokvarmt mättat tillflöde. Nedre driftlinjen skapas från q-linjens skärning med övre driftlinjen och punkten (x
B,x
B);(0.10,0.10).
”Stegning” ger att det fordras 5 ideala bottnar samt återkokare.
b) V = 0.46F och F är mättad ånga ⇒ Antal ideala steg?
V = V + F ⇒ V = 0.46F + F ⇒ V = 1.46F
q-linjen kommer att vara vågrät då tillflödet består av mättad ånga. q-linje och driftlinjerna konstrueras enligt samma som i tidigare deluppgift.
Av den grafiska konstruktionen framgår att det fordras ett ∞ antal steg för att
genomföra separationen.
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 16
Svar: a) Fem ideala bottnar samt återkokare. b) Det fordras ett ∞ antal steg.
a) b)
Tentamen 2010-08-
Uppgift
Lösning
2
3
4
5
6
o
n i Grundlägg 23
t 6 g:
1) Beräkna
m qvarm = &va2) Beräkna
T Tkall,ut = ka
3) Detäkna
(
TTLM =
Δ v
4) Beräkna
A Uföre qö= *
5) U ändra
U Uefter = fö
6) Använd
C NTU UAmi
=
och ε avläse
C qny =
ε
* mSvar: Effek
gande kemitek
a avgiven v
T cp mm ( var
ar
a Tkall,ut ge
c mq
kall m in
all, + var
&
a den logari
( (
TTTkall
in m
⎜⎜
⎝
⎛
− ln
va va ,
var
a värmegen
20 TLMöverförd
* =
Δ
as nu med 1
4 19öre*1, =
d NTU-meto
4 180
2 80 4 A
*
* ,
in
=
es (eller ber
(
T mi* var ,
min
ktökningen
knik
ärme från d
T mutin − var ,
,
enom att q
v10 9 cp
m = +
itmiska med
) (
T T T
kall ut m
kall in m
m ut
l
−
−
−
, ar
, ,
ar
var ,
nomgångstal
2 4 18 0515048 ,
* =
9% då kalla
m kW 804, / 2
oden för att
5 18 1 4
205 , , =
räknas) till 0
)
Tkallin
in − , =
n är (21,44-
den varma st
1 4t)=180* ,
varm
=q
kall18 5 4 90
15048 = ,
*
deltemperat
) ) )
T
in ut
in kall ut
⎟⎟
⎠
⎞
−
, ,
, ,
let U före g
m kW 034, / 2
a flödet öka
2K
bestämma
0,57 och de
180 57 0, *=
-15,05)/15,0
trömmen (q
4 60 18*( −50°C
urdifferense
) ( )
4 6 50 60
⎜⎝
⎛
= − ln
enom att q
v 2Kar med det d
effectivene
n nya effek
(
6018 4 0* , *
05=42%
q
varm)
k 15048 0)=en ( T
LM)
) ( )
10 40
50 60
10 40
⎟⎠
⎞
−
−
−
−
varm
=q
kall=q
ödubbla
ssfaktorn, d
kten kan då b
)
2110 0− = ,
kW
)
= ,182°Cöverförd
:
där C
min/C
maberäknas:
kW 44
17
ax
=1
Tentamen i Grundläggande kemiteknik
2010-08-23 18
Uppgift 8
Lösning:
a) Givet var att flödet skulle vara 90 l/s. Detta der att systemet har en uppfordringshöjd på
m 9 32 90
0033 0 22 h h
hsyst = stat + f = + , * 1,8 = ,
Vid en driftpunkt är systemets och pumpens uppfordringshöjd lika. I pumpkurvan avläses (vid 90l/s och 33m) att varvtalet blir ca 1150 rpm. I effektdiagrammet avläses sedan vid samma flöde och varvtal (90l/s, 1150rpm) att effekten blir ca 35kW.
Svar: Pumpeffekten för det först fallet blir 35kW.
b) Om man dubblar flödet så ökar det dynamiska trycket, men den statiska blir förstås konstant.
m 8 59 180
0033 0 22 h
h
hsyst,ny = stat + f,ny = + , * 1,8 = ,