1 av 10
GAUSS’ DIVERGENSSATS
Låt = ( , , ) vara ett vektorfält definierad i ett öppet område Ω. Låt K
⊂
Ω vara ett kompakt område med randen ∂K som består av en eller flera ytor .Flödet Φ av vektorfält = ( , , ) ut ur kroppen K genom ytan kan beräknas med hjälp av GAUSS’ formel
Φ = ∬ ∙| | = ∭ ( )
där div( ) = + + å flödet Φ = ∭ ( )
Notera att
F r
är ett - vektorfält i K och på randen .
Med andra ord: Vi får använda GAUSS’ formel endast om , , och derivator är kontinuerliga i K och på randen .
Uppgift 1. Beräkna flödet av
F r x
2i r y
2r j z
2k r + +
=
ut ur kroppen som definieras av :1
0 ≤ x ≤
,0 ≤ y ≤ 1
,0 ≤ z ≤ 1
.Lösning:
z y x F
div ( r ) = 2 + 2 + 2
[ ]
[ ] [ ]
[
2 2]
30 2 1
1 2 2
0 2 1
2 )
2 2 2 (
) 2 2 2 (
1
0
1
0
2 1
0 1
0
1
0 1
0
2 1
0 1
0 1
0
∫
∫
∫∫
∫∫
∫∫∫
∫∫∫
∫∫∫
= +
= +
+
= +
+
= +
+
= +
+
= +
+
=
= Φ
dx x
dx y y xy dxdy
y x
dxdy z
yz xz dxdydz
z y x
dxdydz z
y x dV
F div
K K
r
Svar: Φ =3
Uppgift 2. Beräkna flödet av
F r x y z r i x y z r j y z k r ) 2 ( ) 3 ( ) 5
( + + + + + + +
=
ut ur kroppen1
0 ≤ x ≤
,0 ≤ y ≤ 2
,0 ≤ z ≤ 4
.Lösning:
( ) = + + = 5 + 3 + 2 = 10
2 av 10
80 4 2 1 10 ) ( 10
10 = ⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ =
=
=
Φ ∫∫∫ div F dV ∫∫∫ dxdydz Volymen K
K K
r
Svar: Φ =80
Uppgift3. Beräkna flödet av
F r y z i r y z r j z k r 5 ) 3 ( )
( + + + +
=
ut ur klotet+ + ≤ 4
Lösning:
( ) = + + = 0 + 3 + 5 = 8
π
π
32 256 3 8 4 ) ( 8
8 = ⋅ = ⋅ ⋅ 3 =
=
=
Φ
∫∫∫
divFdV∫∫∫
dxdydz Volymen KK K
r
Anmärkning1 : Volymen av klotet med radien R är lika med V= 3
π
3 4⋅RAnmärkning2 : Om man inte kan formeln för klotets volym då kan man använda sfäriska koordinater och beräkna direkt :
π π
θ θ ϕ
θ θ
ϕ
π π
π π
3 256 3
2 8 2 8 sin
8
sin 8
8
0
2
0 2 2
0
0 2
0 2 2
0
=
⋅
⋅
⋅
=
⋅
=
⋅
=
=
= Φ
∫ ∫
∫
∫ ∫
∫
∫∫∫
∫∫∫
dr r d d
dr r
d d dxdydz
dV F div
K K
r
Svar:
π
3 256Uppgift 4. Beräkna flödet av
F r x y z i r x r j x k r + + + +
= (
2)
ut ur cylindern+ ≤ 4, 0 ≤ ≤ 10 Lösning:
( ) = + + = 2 + 0 + 0 = 2
∫∫∫
∫∫∫
== Φ
K K
xdxdydz dV
F
divr 2
3 av 10 (cylindriska koordinater )
0 cos
2 cos
2
2
0 10
0 2 2
0 2
0 10
0 2
0
=
=
⋅
∫ ∫ ∫
∫ ∫
∫
πdϕ
dr rϕ
rdz πϕ
dϕ
r dr dzUppgift 5. Beräkna flödet av
F r y z i r x r j z
2k r )
( + + +
=
ut ur halvsfären+ + ≤ 9, ≥ 0 Lösning:
( ) = + + = 0 + 0 + 2 = 2
∫∫∫
∫∫∫
== Φ
K K
zdxdydz dV
F
divr 2
Uppgift 6. Vi betraktar cylindern
+ = 9. ä 0 ≤ ≤ 2.
Beräkna flödet av fältet = (5 , 3 , 4 ) ut ur cylinderns mantelytan.
Lösning:
Det är enklare i den här uppgiften att beräkna flödet genom botten- och toppenytan, än flödet genom mantelytan.
Det är också enkelt att beräkna flödet genom hela ytan med hjälp av Gausssatsen. .(Anmärkning:
Gauss’ sats gäller endast för slutna ytor! )
Därför bestämmer vi först :
Φ =flödet ut ur cylindern genom hela begränsningsyta ytan
Φ =flödet genom toppenyta ut ur cylinder (samma som flödet uppåt ) Φ = flödet genom bottenyta (samma som flödet nedåt )
π π π θ
θ θ θ ϕ
θ θ
θ ϕ
π π
π π
2 81 4 81 0
2 ] / 2 [sin 2 2 cos
sin 2
sin cos
2
2 2 /
0
3
0 3 2
0
2 /
0 3
0
2 2
0
=
⋅
⋅
⋅
=
⋅
=
⋅
= Φ
∫ ∫
∫
∫ ∫
∫
dr r d d
dr r
r d d
4 av 10 och därefter flödet genom mantelyta Φ
Φ =Φ − Φ − Φ
i) Först beräknar vi flödet ur den hela begränsningsytan (mantelytan+ 2 basytor) med hjälp av Gauss’ sats.
div( ) = + + = 5 + 0 + 4 = 9
Flödet ut cylindern genom hela begränsningsytan ( + ) är
Φ = ∭ ( ) = ∭ 9 = 9 ( ) = 9 ∙ 3 ∙ 2 = 162
ii) Toppenytan:
z
= 2.Därför = (− , − , 1) = (0, 0, 1) ( normalen pekar uppåt)
= ∙ = 4 ( å ä = 2)
= 8 = 8 ∙ ( ) = 8 ∙32 = 72
iii) Bottenytan: = 0.
”Ut ur cylindern” på bottenyta betyder nedåt dvs i riktningen av = ( , + , −1) = (0, 0, − 1)
= ∙ = (−4 ) ( å ä = 0)
= 0 = 0
Slutligen, flödet genom mantelyta ΦM =Φ − Φ − Φ = 162 − 72 = 90 Svar: Flödet genom mantelyta är 90
5 av 10 Uppgift 7.
a) Beräkna totalt flöde av fältet F r x i r y r j z k r 5 5
5 + +
= ut ur cylindern x
2+ y
2≤ a
2,
33≤ ≤
− z
.
b) Beräkna flödet av fältet F r
ut ur cylindern genom cylinderns b1) bottenyta b2) toppenyta b3) mantelyta
Lösning:
a) Totalt flöde utåt
Vi använder Gauss’ divergenssats och beräknar totalt flöde ut ur cylindern:
Eftersom ( ) = 15
∂ + ∂
∂ + ∂
∂
= ∂
z R y Q x F P div r
har vi
π
π
22
90
6 15 ) ( 15
15 )
( F dxdydz dxdydz Volymen K a a
div
K S
total
= = = ⋅ = ⋅ =
Φ ∫∫∫ r ∫∫∫
b1) Bottenytan
−3
= z
z
N N
x
y N
6 av 10
Eftersom “ut ur cylinder” betyder neråt på bottenytan använder vi normalen med negativ z- koordinat.
N r
botten= − ( − z
x′ , − z ′
y, 1 ) = ( 0 , 0 , − 1 )
F r = ( 5 x , 5 y , − 15 ) F N r = ( − 15 ) ⋅ ( − 1 ) = 15
r o
π 15
2) ( 15
15 dxdy Area D a
D
botten
= = =
Φ ∫∫
b2) Toppenytan
=3
z
:
Nrtop =(−zx′,−z′y,1)=(0,0,1)F r = ( 5 x , 5 y , 15 )
F Nr =15ro
π 15
2) ( 15
15 dxdy Area D a
D
top
= = =
Φ ∫∫
b3) Mantelytan
Eftersom
Φ
total= Φ
top+ Φ
boten+ Φ
mantel har viπ
60 2)
( top boten a
total
mantel =Φ − Φ +Φ =
Φ
Svar: Φmantel =60a2
π
====================================================
7 av 10
Om vi vill använda Gauss’ divergenssats för at beräkna flödet av ett vektorfält Fr =(P,Q,R)
ut ur en kropp K måste vi kontrollera att
F r
är C1-vektorfält i K och på ∂K (dvs att
P , Q , R
är kontinuerliga och har kontinuerliga partiella derivator av första ordningen i K och på ∂K).Om
F r
inte är C1-vektorfält får vi inte använda Gauss divergenssatsen.
Uppgift 8. Vi betraktar flödet av
) ) , (
) , (
)
( (
2 2 2 3/2 2 2 2 3/2 2 2 2 3/2z y x
z z
y x
y z
y x F x
+ + +
+ +
= + r
ut ur följande kroppar
a)
K
1= {( x , y , z ) : ( x − 2 )
2+ ( y − 3 )
2+ ( z − 4 )
2≤ 1 }
, (ett klot),b)
K
2= {( x , y , z ) : x
2+ y
2+ z
2≤ 1 }
, (ett klot),c)
1 }
25 16 : 9
) , , {(
2 2 2
3
= x + y + z ≤
z y x
K
(en ellipsoid)i) Visa att div(Fr)=0
för alla
( x , y , z ) ≠ ( 0 , 0 , 0 )
.ii) Får vi använda Gauss’ divergenssats när vi beräknar flödet ut ur klotet K1? iii) Får vi använda Gauss’ divergenssats när vi beräknar flödet ut ur klotet K2? iv) Beräkna flödet ut ur klotet K1.
v) Beräkna flödet ut ur klotet K2. vi) Beräkna flödet ut ur ellipsoiden K3. Lösning.
i) Först beräknar vi partiella derivator
2 / 5 2 2 2
2 2 2
) (
2 z y x
x z P
xy
+ +
−
= +
′
, 22 22 2 52/2) (
2 z y x
y z Q
yx
+ +
−
= +
′
och 22 22 2 52/2) (
2 z y x
z y R
zx
+ +
−
= +
′
Härav får vi divergensen div( ) = + + = 0.
ii)
Ja, eftersom funktioner P, Q, R och deras derivator är kontinuerliga i
K1och på randen
K1∂ .
iii)
Fältet har en singulärpunkt i (0,0,0) , som ligger i K2. Därmed får vi INTE använda Gauss sats när vi beräknar flödet ut ur klotet
K2.
iv) ∬ ∙
| | = ∭ ( ) = ∭ 0 = 0
8 av 10
v) Som sagt i iii) , får vi inte använda
Gauss divergenssats. Vi beräknar flöde ut ur klotet direkt med hjälp av flödesintegralen.
Vi delar sfären x
2+ y
2+ z
2= 1 (randytan) i två delar
A) Övre halvsfären z = 1−x2 −y2
I övre delen är riktning ut ur klotet ekvivalent med normalen riktad uppåt
) 1 , 1
, 1
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2
1 x y
y y
x z x
z
N x y
−
−
−
= −
− ′
− ′ r =
,
B) Nedre halvsfären z=− 1−x2 − y2
I nedre delen av sfären är riktning ut ur klotet ekvivalent med normalen riktad nedåt
) 1 , 1
, 1
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2
2 −
−
−
−
= −
′ −
= ′
y x
y y
x z x
z Nr x y
,
A) Först beräknar vi flödet uppåt genom den övre sfären:
Vi substituerar z= 1−x2 −y2 i
F r
och får vektorfältet på själva ytan
) 1
, , ( 1 )
, 1 , 1 ( 1
) ) , (
) , (
) ( (
2 2 2
2
2 / 3 2 2 2 2 / 3 2 2 2 2 / 3 2 2 2
y x y y x
y x x
z y x
z z
y x
y z
y x F x
−
−
− =
−
+ = + +
+ +
= + r
Normalen på övre halvsfären : ,1)
1 , 1
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2
1 x y
y y
x z x
z
N x y
−
−
−
= −
− ′
− ′ r =
Därför:
2 2 2
2 2
2 2
2 2 2
1 1
1 1 1
1 x y
y x y
x y y
x N x
F + − − = − −
− + −
−
= −
⋅ r r
Flödet uppåt genom övre halvsfären är
∫∫
⋅ =∫∫
− − == Φ
D D
dxdy y x dxdy
N
F 1 2 2
1 1
r 1
r
(D är projektionen av halvklotet på xy planet, dvs cirkeln
x
2+ y
2≤ 1
. Vi använder polära koordinater. )9 av 10
π π
π
θ
0 2 ) 1 1 ( 2 1
1 1
1
22
0 1
0
2 2
2
⋅ = − − =
= −
−
− ∫ ∫
∫∫ rdr r
r d
dxdy y x
D
(Anmärkning:
∫
− ⋅rdrr2 1
1 beräknas med hjälp av subst:
1 − r
2= t ⇒ − 2 rdr = dt
)Alltså flödet uppåt genom övre halvsfären är Φ1 =2
π
.B) På samma sätt beräknar vi flödet nedåt genom nedre halvsfären z=− 1−x2 − y2 .
Normalen riktad nedåt ( z-negativt) är , 1)
1 , 1
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2
2 −
−
−
−
= −
′ −
= ′
y x
y y
x z x
z Nr x y
Vektorfältet på nedre ytan är
) 1
, , ( 1 )
, 1 , 1 ( 1
) ) , (
) , (
) ( (
2 2 2
2
2 / 3 2 2 2 2
/ 3 2 2 2 2
/ 3 2 2 2
y x y
y x y x
x
z y x
z z
y x
y z
y x F x
−
−
−
− =
−
−
+ = + +
+ +
= + r
2 2 2
2 2
2 2
2 2 2
2 1
1 1 1
1 x y
y x y
x y y
x N x
F + − − = − −
− + −
−
= −
⋅ r
r ( samma som i A).
(D är projektionen av nedre halvklotet på xy planet, dvs cirkeln
x
2+ y
2≤ 1
; samma cirkel som i A delen. )Därför 2
π
1 1
2 2 2
2 =
∫∫
⋅ =∫∫
− − =Φ
D D
dxdy y x dxdy
N Fr r
. Totalt flödet ut ur kroppen är Φ=Φ1+Φ2 =4
π
Svar v: 4
π
vi) Låt K vara det område som ligger mellan ellipsoiden och sfären
x
2+ y
2+ z
2= 1
. Eftersom0
) ( F = div r
har vi att flödet Φ ur ut kroppen är 0.
∬ ∙| | = ∬ ∙| | − ∬ ∙ = 0
⇒
∬ ∙| | = ∬ ∙ = 4
π
(enligt v-delen) Svar vi: 4π
Anmärkning: Man använder ofta beteckningen
r = r r = ( x , y , z )
ochr = r | r | = ( x
2+ y
2+ z
2)
1/2 i samband med vektorfält. Med en sådan beteckning kan vektorfältet i ovanstående uppgiftenkortare anges med
( eller )
|
| r
3r
3F r r
F =
= r r
r
.10 av 10 Uppgift 9. Låt
r r
betecknar r = ( x , y , z )
. Bestäm flödet av 3
|
| r r F m r
r r
=
ut ur klotet}
: ) , ,
{( x y z x
2y
2z
2a
2K = + + ≤
.Lösning: Vi får inte använda Gauss divergenssats eftersom fältet är inte definierad i (0,0,0) som ligger i klotet K. Vi delar sfären i övre z= a2 −x2 −y2 och nedre delen z=− a2−x2−y2 och , som i föregående uppgift, beräknar flödet direkt:
A delen:
) ) , (
) , (
)
( (
2 2 2 3/2 2 2 2 3/2 2 2 2 3/2z y x
mz z
y x
my z
y x F mx
+ + +
+ +
= + r
På övre halvsfären hr vi z = a2 −x2 −y2 och
) ,
, ( ) ,
,
(
2 2 23 3
2 2 2
3
3
x y a x y
a m a
y x a m a my a
F mx − − = − −
r =
, )
1 , ,
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2 2 2
1
y x a
y y
x a z x
z
N x y
−
−
−
= −
− ′
− ′ r =
och 1 2 2 2
y x a a N m
Fr⋅ r = − − .
Därför
π
m dxdy y x a a dxdy m N FD D
2 2
2 1 2
1=
∫∫
⋅ =∫∫
− − =Φ r r
.
B delen:
På liknande sätt på den nedre ytan z=− a2−x2−y2 får vi
) ,
,
(
2 2 23
x y a x y
a
F r = m − − −
,
) 1 , ,
( ) 1 , ,
( 2 2 2 2 2 2
2 −
−
−
−
= −
′ −
′ + +
=
y x a
y y
x a z x
z
Nr x y
.
Härav dxdy m
π
y x a a dxdy m N F
D D
2 2
2 2 2
2 =
∫∫
⋅ =∫∫
− − =Φ r r
och därmed Φ=Φ1+Φ2 =4m