Några viktiga satser om deriverbara funktioner.
1. Rolles sats.
2. Differentialkalkylens medelvärdessats (=Lagranges medelvärdessats).
3. Cauchys medelvärdessats.
Sats 1. Om funktionen f är deriverbar i en punkt x0 så är f kontinuerlig i samma punkt.
Anmärkning: Vi kan skriva satsen på kortare sätt:
Sats 1.{ f är deriverbar i punkten x0} ⇒ { f är kontinuerlig i punkten x0} Bevis:
Vi ska bevisa att lim( ( )) ( 0)
0
x f x f
x
x =
→ eller ekvivalen lim( ( )) ( 0)) 0
0
=
→ f x − f x
x
x .
Vi har
)]
)( ( ) [ ( lim )) ( )) ( (
lim 0
0 0 0
0 0
x x x
x x f x x f
f x
f x x
x
x −
−
= −
− →
→
= ( ) ( ) lim( )
lim 0
0 0
0 0
x x x
x x f x f
x x x
x ⋅ −
−
−
→
→ ( eftersom f är deriverbar i punkten x0 )
= f′ x( 0)⋅0= 0 V.SB.
Anmärkning. Omvänt påstående gäller inte. Funktionen kan vara kontinuerlig i en punkt utan att vara deriverbar i punken.
T ex 𝑦𝑦 = |𝑥𝑥| är kontinuerlig i punkten 𝑥𝑥 = 0 men saknar derivatan i denna punkt (vänsterderivatan är
−1 medan högerderivatan är 1)
========================================
Sats 2.
Om funktionen f är deriverbar i punkten c och om f har ett lokalt extremum, maximum eller minimum i c , så är
0 )
( =
′ c
f .
Anmärkning: Vi kan skriva satsen på kortare sätt:
Sats 2.
0 ) (
i minimum eller
maximum har
2.
punkten
i deriverbar är
1. ⇒ ′ =
f c
c f
c f
Bevis:
Antag att f har maximum i punkten c och att derivatan i c , dvs
c x
c f x f
c
x −
−
→
) ( )
lim (
existerar. Eftersom f(c) är ett maximivärde är f(x)− f(c)≤0i en omgivning av punkten c. Därför i denna omgivning gäller :
O c
Figur. 1
Sida 1 av 11
a) ( ) ( ) 0 lim
) ( ) 0
( )
( ≥
−
= −
⇒ ′
− ≥
⇒ −
< → x c
c f x c f
c f x
c f x c f
x
c
x .
b) ( ) ( ) 0
lim ) ( ) 0
( )
( ≤
−
= −
⇒ ′
− ≤
⇒ −
> → x c
c f x c f
c f x
c f x c f
x x c .
Från a) och b) har vi f′ c( )≥0 och f′ c( )≤0 och därför f′ c( )=0V.S.B
Anmärkning: Kravet " f är deriverbar ipunktenc" är viktigt eftersom det finns funktioner som har extrempunkter i vilka funktionen saknar derivatan. Punkten c i nedanstående figur är en maximipunkt, medan derivatan saknas i c.
O c
Figur. 2 f(x)
===============================================
Sats 3. (Rolles sats, variant 1). Om funktionen f är 1. kontinuerlig i det slutna intervallet a≤ x≤b , 2. deriverbar i det öppna intervallet a<x<b 3. och om f(a)= f(b)=0,
så finns (minst) en punkt c i intervallet ( ba, )sådan att f'(c)=0.
O a b
c
Geometrisk tolkning av Rolles sats: Om de tre villkoren i Rolles sats är uppfyllda då finns det minst en punkt (c,f(c)) på kurvan y = f( x) sådan att tangenten i punkten är parallell med x-axeln.
Anmärkning: Antagandet " f är deriverbar i det öppna intervallet a<x<b" medför att f är kontinuerlig i det öppna intervallet a< x<b. I krav 1 kräver vi utöver detta att funktionen f är dessutom vänster kontinuerlig i a och höger kontinuerlig i b. Om detta är inte uppfylld kan det hända att f'(x)≠0 i hela ( ba, )som exempelvis för följande funktion:
=
<
<
=
≡
3 för 0
3 1
för 1/x
1 för 0 ) (
x x x x
f
Sida 2 av 11
Funktionen är deriverbar och kontinuerligt i intervallet 1< x<3 men ej kontinuerlig i ändpunkter. För denna funktion är f'(x)<0för alla x i intervallet 1< x<3. Med andra ord, det finns ingen c som satisfierar f'(c)=0; ingen tangent till kurvan y=f(x) är parallell med x axeln )
Bevis av Rolles sats:
Om funktionen f är konstant i intervallet [a,b] dvs om f(x)=0 för alla x i [a,b] är satsen trivial, för då är f'(x)=0 för alla x i intervallet (a, b) , och därmed vilken som helst punkt c i intervallet ( ba, ) satisfierar f'(c)=0.
Om funktionen f inte är konstant i intervallet då antar f värden ≠0. Vi kan t ex anta att f antar värden större än 0. Eftersom funktionen är kontinuerlig i det slutna intervallet antar funktionen sitt största (och sitt minsta) värde i en punkt c. Eftersom största värdet i vårt fall är > 0 måste punkten c ligga i det öppna intervallet ( ba, )där funktionen är deriverbar. Då gäller, enligt Sats 2, att f'(c)=0och därmed är Rolles sats bevisad.
Sats 4. (Rolles sats, variant 2): Om funktionen f är i) kontinuerlig i det slutna intervallet a≤ x≤b , ii) deriverbar i det öppna intervallet a<x<b iii) och om f(a)= f(b),
så finns (minst) en punkt c i intervallet ( ba, )sådan att f'(c)=0.
Sida 3 av 11
Bevis: Vi bildar en hjälpfunktion ϕ(x)= f(x)− f(a) som uppfyller alla tre villkor i, ii och iii för Sats 3 (Rolles sats, variant 1) och dessutom ϕ'(x)= f'(x) Därmed finns minst en punkt c i
intervallet( ba, ) sådan att ϕ'(c)=0 dvs f'(c)=0.
==========================================================
MEDELVÄRDESSATS FÖR DERIVATOR
Följande viktiga sats (Lagranges medelvärdessats ) kallas i många kursboken Differentialkalkylens medelvärdessats, ( eller enbart medelvärdessatsen) Sats 5 Differentialkalkylens medelvärdessats (Lagranges medelvärdessats ):
Om funktionen f är
i) kontinuerlig i det slutna intervallet a≤x≤b , ii) deriverbar i det öppna intervallet a<x<b
så finns (minst) en punkt c i intervallet ( ba, ), sådan att )
) ( ( )
( f c
a b
a f b
f = ′
−
− (*)
Geometrisk tolkning: Om f uppfyller villkoren i Lagranges medelvärdessats så finns det en punkt c i intervallet ( ba, ) sådan att tangenten i punkten (c,f(c)) är parallell med kordan mellan punkterna (a, f(a)) och (b,f(b))
Anmärkning: Likheten (*) kan skrivas f(b)= f(a)+ f′(c)(b−a)
Bevis för Differentialkalkylens medelvärdessats (Lagranges medelvärdessats ):
Vi bildar en hjälpfunktion ( ) ( )( )
) ( [ ) ( )
( x a
a b
a f b a f
f x f
x −
− + −
−
ϕ = ]
som uppfyller alla tre villkor i, ii och iii för Sats 2 (Rolles sats, variant 1) . i) ϕ(x)är kontinuerlig i det slutna intervallet a≤ x≤b
ii) ϕ(x)är deriverbar i det öppna intervallet a<x<b, och
iii) ϕ(a)=ϕ(b)=0
Därför ( enligt Rolles sats) finns minst en punkt c i intervallet ( ba, ), sådan att ϕ'(c)=0 Sida 4 av 11
Eftersom
a b
a f b x f
f
x −
− −
= ( ) ( )
) ( ' ) (
ϕ' .
får vi ( ) ( ) 0
) ( ' ) (
' =
−
− −
= b a
a f b c f
f
ϕ c , för minst en punkt c i intervallet ( ba, ) ,
och därför ( ) ( ) ( )
c a f
b a f b
f = ′
−
− vad skulle bevisas.
Anmärkning: Notera att hjälpfunktionen ϕ( x) är differensen mellan funktionen f( x) och räta linjen genom punkterna (a, f(a)) och (b,f(b))
===========================================================
Nedanstående sats (Cauchys medelvärdessats):är inte obligatorisk i kursen. ( men vi använder satsen i beviset av L’Hospitals regel)
Sats 6 (Cauchys medelvärdessats): Om f och g är definierade på [a,b] och uppfyller följande villkor
i) f och g är kontinuerliga över slutna intervallet a≤ x≤b ii) f och g är deriverbara i det öppna intervallet a< x<b, iii) g'(x)≠0i intervallet (𝑎𝑎, 𝑏𝑏),
så finns (minst) en punkt i intervallet (𝑎𝑎, 𝑏𝑏) sådan att )
( '
) ( ) ( ) (
) ( ) (
c g
c f a g b g
a f b
f ′
− =
− .
Bevis av Cauchys medelvärdessats: Vi bildar en hjälp funktion
)) ( ) ( ))(
( ) ( ( )) ( ) ( ))(
( ) ( ( )
(x = f b − f a g x −g a − g b −g a f x − f a ϕ
som uppfyller alla tre villkor i, ii och iii för Sats 3 (Rolles sats, variant 2) . i) ϕ(x)är kontinuerlig i det slutna intervallet a≤ x≤b
ii) ϕ(x) är deriverbar i det öppna intervalleta<x<b, och
iii) ϕ(a)= f(b)g(a)− f(a)g(b)=ϕ(b)
Därför ( enligt Rolles sats) finns minst en punkt c i intervallet ( ba, ) , sådan att
0 ) ( ' c = ϕ
Eftersom
) ( ' )]
( ) ( [ ) ( ' )]
( ) ( [ ) (
' x = f b − f a g x − g b −g a f x ϕ
har vi
0 ) ( ' )]
( ) ( [ ) ( ' )]
( ) ( [ ) (
' c = f b − f a g c − g b −g a f c = ϕ
eller [f(b)− f(a)]g'(c)=[g(b)−g(a)]f'(c)
Enligt antagandet gäller g'(x)≠0i intervallet ( ba, ), som medför att g(b)≠ g(a). ( annars, om g(b)=g(a), enligt Rolles sats, har vi en punkt där g'(x)=0 som strider mot antagandet) .
Alltså kan vi dela föregående ekvation med g'(c)[g(b)−g(a)]. Vi får
) ( '
) ( ) ( ) (
) ( ) (
c g
c f a g b g
a f b
f ′
− =
−
vad skulle bevisas.
============================================================
Sida 5 av 11
Sida 6 av 11 ÖVNINGAR:
Uppgift 1. Låt f( x)vara kontinuerlig på ett intervall I =[a,b] och deriverbar på (a,b) . Antag att ekvationen f(x)=0 har i intervallet I
a) fyra olika lösningar b) n olika lösningar .
Visa att ekvationen f′ x( )=0 har a) minst tre olika lösningar b) minst (n-1) olika lösningar.
Lösning:
a) Låt x1,x2,x3,x4 beteckna de fyra lösningar till f(x)=0 som ligger i intervallet I.
Eftersom funktionen är deriverbar ( och därmed kontinuerlig) på I och dessutom 0
) ( , 0 )
(x1 = f x2 =
f finns det, enligt Rolles sats, minst en punkt c som ligger i 1 (x1,x2) sådan att f′ c( 1)=0. Med samma resonemang inser vi att det finns minst en punkt c i 2
) ,
(x2 x3 sådan att f′ c( 2)=0 och minst en punkt c i 3 (x3,x4)sådan att f′ c( 3)=0. Därmed har ekvationen f′ x( )=0minst 3 lösningar i intervallet I.
b) På samma sätt som i a) inser vi att ekvationen f′ x( )=0har minst en lösning c som ligger 1 i (x1,x2), minst en lösning c i 2 (x2,x3), ..., minst en lösning cn−1 i (xn−1,xn). Därmed har ekvationen f′ x( )=0 minst (n-1) lösningar i intervallet I.
Uppgift 2. Fäljande funktioner, definierade på intervallet [a,b] har inte någon tangent som är parallell med den räta linjen genom punkterna (a,f(a)) och (b,f(b)):
a) f(x)=|x|, −1≤ x≤2. (Intervallet [a,b] =[-1,2] ))
b)
=
<
<
=
≡
3 för 1
3 1
för 1/x
1 för 0 ) (
x x x x
f (Intervallet [a,b] =[1,3] )
Vilken av de två antaganden i medelvärdessatsen som inte är uppfyllt?
Svar a) Antagandet att funktionen är deriverbar på det öppna intervallet a< x<bär inte uppfyllt.( Saknas derivatan i punkten 0)
Svar b) Antagandet att funktionen är kontinuerlig på hela slutna intervallet[ 1,3] är inte uppfyllt . ( Funktionen är diskontinuerlig i ändpunkter.)
Uppgift 3. Låt f(x)= x3+1.Bestäm en punkt c i intervallet ( ba, ) sådan att tangenten i punkten (c,f(c)) är parallell med linjen genom punkterna (a, f(a)) och (b,f(b)) där
=0
a och b=1.
Lösning: Enligt medelvärdessatsen finns det (minst) en punkt c i intervallet ( ba, ), sådan att
3 2
0 1
1 ) 2
0 ( 1
) 0 ( ) 1 ) (
) ( ( )
( f f f c c
c a f
b a f b
f =
−
⇔ −
= ′
−
⇔ −
= ′
−
− .
Härav 3
2 = 1
c och
3
± 1
=
c . Endast
3
= 1
c ligger i intervallet (0,1).
Svar:
3
= 1
c
= =
3 3 3 1
Uppgift 4. Bevisa följande sats:
Antag att f är en funktion som är kontinuerlig på ett intervall I, deriverbar i alla intervallets inre punkter och dessutom att f′ x( )=0 för alla intervallets inre punkter. Då är f en konstant på I .
Tips: Använd "differentialkalkylens medelvärdessats"
Lösning: Låt x och 1 x vara två godtyckligt valda punkter 2 x och 1 x i intervallet I. Vi ska 2 visa att f(x1)= f(x2). Eftersom f är kontinuerlig på [x1,x2] och deriverbar på (x1,x2) kan vi tillämpa medelvärdessatsen på intervallet [x1,x2].
Enligt medelvärdessatsen har vi )
) ( ( ) (
1 2
1
2 f c
x x
x f x
f = ′
−
− för en punkt c i intervallet (x1,x2),
eller f(x2)− f(x1)= f′(c)(x2 −x1).
Eftersom, enligt antagande, f ′(c)= 0 , har vi 0
) ( )
(x2 − f x1 =
f eller f(x2)= f(x1) för två godtyckliga punkter i intervallet I.
Därmed har vi bevisat att f( x) är konstant på intervallet I.
Växande och avtagande funktioner:
Antag att funktionen f( x) är definierad på ett interval I och att x och 1 x var två punkter i 2 intervallet. Vi definierar växande och avtagande funktioner enligt följande:
Vi säger att
a) f är växande om för alla punkter i intervallet I gäller x2 > x1 ⇒ f(x2)> f(x1),
Sida 7 av 11
b) f är avtagande om x2 > ⇒ x1 f(x2)< f(x1) , c) f är icke-avtagande om x2 > ⇒x1 f(x2)≥ f(x1) d) f är icke- växande om x2 > ⇒x1 f(x2)≤ f(x1).
Uppgift 5. Antag att f(x) är kontinuerlig på ett interval I ( slutet, öppet eller halvöppet;
ändligt eller oändligt) och deriverbar på J där J är det öppna intervall som består av alla I:s inre punkter. ( T ex om I=( ba, ), I=[ ba, ), I=( ba, ]eller I=[ ba, ] så är J=( ba, )).
Bevisa följande:
Om f′ x( )>0 för alla x i J så är f växande
Tips: Använd "differentialkalkylens medelvärdessats"
Lösning:
Låt x och 1 x var två punkter i intervallet I. Villkoren för användning av 2 medelvärdessatsen i intervallet [x1,x2] ,
i) f kontinuerlig i det slutna intervallet x1≤x≤x2 , ii) f deriverbar i det öppna intervallet x1<x<x2 , är uppfyllda .
Enligt medelvärdessatsen har vi )
) ( ( ) (
1 2
1
2 f c
x x
x f x
f = ′
−
− för en punkt c i intervallet (x1,x2),
eller f(x2)− f(x1)= f′(c)(x2−x1).
Alltså, för x2 > ochx1 f′ c( )>0 gäller f(x2)> f(x1) dvs f är växande.
Komentar: Enligt ovanstående sats gäller fölande:
Om funktionen y= f( x) är deriverbar i det öppna intervallet (a, b) och 0
) ( >
′ x
f
i detta intervall så är funktionen växande i (a, b).
Om dessutom funktionen är kontinuerlig i a (eller i b eller i både a och b) så är f växande i [a, b) ( eller i (a, b] eller i [a, b].
Uppgift 6. Bestäm
a) det största öppna intervallet
b) det största intervallet ( oavsett öppet, slutet eller halvöppet) där funktionen f(x)=arctan(x2 +6x) är växande.
Lösning:
a) 2 2
) 6 ( 1
6 ) 2
( x x
x x
f + +
= +
′ .
) 0 6 ( 1
6 0 2
)
( 2 2 >
+ +
⇔ +
′ >
x x x x
f ( eftersom nämnaren är >0)
3 0
6
2 + > ⇔ >−
⇔ x x
Alltså är funktionen växande på det öppna intervallet (−3,∞).
Svar a) (−3,∞) är det största öppna intervallet där funktionen är växande Sida 8 av 11
b) Funktionen är kontinuerlig från höger i ändpunkten x=−3 (sammansatt av kontinuerliga funktioner) och därmed är funktionen kontinuerlig på intervallet[−3,∞).
Eftersom funktionen kontinuerlig på intervallet[−3,∞) och f′ x( )>0på (−3,∞) är funktionen växande på intervallet [−3,∞).
Svar b) [−3,∞) är det största öppna intervall där funktionen är växande.
Uppgift 7. Antag att f(x) är kontinuerlig på ett interval I ( slutet, öppet eller halvöppet) och deriverbar på J där J är det öppna intervall som består av alla I:s inre punkter. ( T ex om I=( ba, ), I=[ ba, ), I=( ba, ]eller I=[ ba, ] så är J=( ba, )).
Bevisa följande:
a) Om f′ x( )<0 för alla x i J så är f avtagande b) Om f′ x( )≥0 för alla x i J så är f icke- avtagande c) Om f′ x( )≤0 för alla x i J så är f icke-växande Tips: Använd "differentialkalkylens medelvärdessats"
Lösning:
Låt x och 1 x var två punkter i intervallet I. Enligt medelvärdessatsen har vi 2 )
) ( ( ) (
1 2
1
2 f c
x x
x f x
f = ′
−
− för en punkt c i intervallet (x1,x2),
eller f(x2)− f(x1)= f′(c)(x2−x1).
från x2 > ochx1 f′ c( )<0 { f′ x( )≥0 eller f′ x( )≤0} har vi
) ( )
(x2 f x1
f < { f(x2)≥ f(x1) eller f(x2)≤ f(x1)} dvs f är avtagande { icke-avtagande eller icke-växande}
Uppgift 8. Bestäm det största intervall
där funktionen f(x)=xlnx är växande respektive avtagande.
Lösning: Definitionsmängden är D=(0,∞) Derivatan : f′(x)=lnx+1
0 1
)
( = ⇔ = −
′ x x e
f ,
0 1
)
( > ⇔ > −
′ x x e
f
0 1
0 )
( < ⇔ < < −
′ x x e
f
Notera att f(x)=xlnxär kontinuerlig i punkten x = e−1 men ej definierad ix=0. Därför inkluderar vi ändpunkten x= e−1 i intervall där funktionen växer / avtar.
Svar: [e−1,∞) är det största intervall där funktionen är växande.
] , 0
( e−1 är det största intervall där funktionen är avtagande.
Grafen till f(x)=xlnx
Sida 9 av 11
Uppgift 9. Använd differentialkalkylens medelvärdessats för att bevisa olikheten x
x)>
tan( , för )
0 2
( < x<π
. Tips. Betrakta intervallet [0, x].
Lösning: Låt x vara ett tall i intervallet ) , 2 0
( π
. Då är funktionen f(t)=tan(t) kontinuerlig i det slutna intervallet [0, x] och deriverbar i det öppna intervallet (0,x). Alltså kan vi använda medelvärdessatsen på [0, x] med a= 0 och b=x. Med andra ord, det finns ett tal c i interavallet (0,x) sådant att
c x c x
x x c
x c x
x f f x
f = ⇔ = ⇔ = ⋅
−
⇔ −
= ′
−
−
2 2
2 cos
tan 1 cos
1 )) tan(
cos 1 0
) 0 tan(
) ) tan(
0 ( ) 0 ( ) (
Alltså x
x= 2c⋅ cos
tan 1 (*)
för ett tal c i intervallet ) , 2 0
( π
.
Eftersom (0<cosc<1) i detta intervall har vi (0<cos2c<1)och därmed 1 cos
1
2 >
c . Från (*) har vi slutligen att tanx> 1⋅x
Eftersom x var ett godtyckligt tal från ) , 2 0
( π
har vi bevisat att tanx> x för alla x i ) , 2 0
( π
. Anmärkning. Man kan visa olikheten tan(x)> x , för
0 π2
<
< x på enklare sätt genom att visa att funktionen y=tan(x)−x är växande i intervallet
0< x<π2 . Först tan(x)>x⇔tan(x)−x>0.
cos 0 cos 1 1
cos 1
2 2
2 − = − >
′=
x x
y x för
0< x<π2
(notera att för 0<cosx<1 i detta intervall) Alltså är y=tan(x)−x växande i intervallet
0 π2
<
< x och dessutom y(0)=tan(0)−0=0. Därför tan(x)− x>0 dvs tan(x)>xi intervallet
0< x<π2 . Grafen till y=tan(x)−x.
Sida 10 av 11
Sida 11 av 11