Armin Halilovic: EXTRA ÖVNINGAR Differentialekvationer. Inledning
1 av 6
DIFFERENTIALEKVATIONER.
INLEDNING OCH GRUNDBEGREPP
Differentialekvation (DE) är en ekvation som innehåller derivator av en eller flera okända funktioner.
ORDINÄRA DIFFERENTIALEKVATIONER
i) En differentialekvation är ordinär om den okända funktionen beror av 1 variabler.
T ex.
) sin(
) ( ) ( 2 )
(x y x y x x
y
är en ordinär DE (Den okända funktionen y(x) beror av en variabel x)
ii) Om den okända funktionen beror av 2 eller flera variabler ( då kallas funktionens derivator för partiella derivator ) kallas DE för partiell differentialekvation.
T ex.
y x y y x y f x x
f ( , ) ( , )2 2
är en partiell DE.
I vår kurs ingår endast några typer av ordinära DE.
EKVATIONENS ORDNING
En differentialekvations ordning definieras som ordningen hos den högsta förekommande derivatan.
T ex.
a) Ekvationen y(x) y(x) y(x) x10 x4 är av tredje ordningen.
b) Ekvationen y x
dx dy dx
y
d 2 ln
2
är av andra ordningen.
c) Ekvationen y(t) y(t)t8 är av första ordningen.
Uppgift 1. Bestäm ordningen av följande differentialekvationer
a) y(x) y(x)sinx y (x)
b) 4
4 2 2
tan dt
y d dt
y t d dt y
dy
Svar. a) tre b) fyra
LÖSNING TILL EN DIFFERENTIALEKVATIONEN
En lösning till en differentialekvation är en funktion som är definierad på ett intervall (a,b) och som på detta intervall uppfyller det samband som differentialekvationen anger.
T ex y(x)e4x är en lösning till ekvationen y(x)4y(x)0 på intervallet (,). Uppgift 2. Bestäm om y(x) är en lösning till differentialekvationen y(x)5y(x)5x1 om
a) y(x) x2e5x b) y(x)xCe5x där C är ett konstant tal c) y(x)e4x
Armin Ha
Lösning a) Först ekvation Vänster Eftersom Därmed Svar. a)
Uppgift )
(
x y om a) y(x) d) y(x) Svar. a) ENKLA Ekvatio
)
)(
( x
y n löser vi 1. Ekva
x y( ) Exempe
Lösning x y( ) Alltså h
x y( ) För varj (en pa Till exe för C = för C =4 I grafen för C =
alilovic: EXTRA
g:
t, från y(x) nen och får rledet VL=
m HL = x5 d är y(x)
) ja b) ja c t 3. Bestäm 2 ) (
3
y x y
e2x
Ce2x
) ( C ) ja b) ja c)
A EKVATI oner av typ
) ( x
f genom upp ationen y(
dx x
f
( )el. Lös ekv
g: Från y x xdx
4 2har vi oändli C x2
2
je val av ko artikulär lö empel,
– 1 har vi e 4 har vi en n bredvid ha
– 1, 0, 1, 2
A ÖVNINGAR
e x
x 2 5 )
:
(x)5y( y
1
x ser vi e x
x2 5 en c) nej m om y(x) ä
0 ) (x y
b) y(x) C är ett kons ) ja d) ja e) n
IONER AV
(dvs. der prepad inte
) ( ) (x f x
C
vationen y ( x x
y( )4 h C x2 ( dä
igt många lö (Den all nstanten C sning).
en partikulä annan parti ar vi lösning 2, 3 och 4.
har vi y ( x
)
x 1 e10 att VL =HL n lösning till
är en lösnin
e2x
10 ) stant tal) nej
V TYP y(n)
rivatan av o egration. V
har oändlig
x x) 4
( .
har vi är C ett ett k
ösningar. A lmänna lös
får vi en lös
är lösning y ikulär lösnin
gskurvorna
2 av 6 e x)110
2 (
5 x5 e x
L l DE
ng till differ
c) e) y(
) ( ) (x f x ordning n är Vi integrerar gt många lös
konstant tal) Alla ges av u
sningen)
sning
2 )
(x x2 y
ng y(x)
x
5 . Vi subs
5 ) 2e5x x
entialekvati
ex
x
y( ) , e x
x) 3 5
(
given expli r högerledet sningar
)
uttrycket
. 1 4 2x2 .
Differentia
stituerar (xy
1 x
ionen
icit som en t f(x) n gå
alekvationer.
)
x och y(x
n funktion av ånger.
Inledning
) x i
v x)
Armin Halilovic: EXTRA ÖVNINGAR Differentialekvationer. Inledning
3 av 6 Uppgift 4. a) Lös ekvationen y(x)3x2 1
b) Bestäm den lösning som uppfyller kravet y(1)5. Lösning. a) Från y(x)3x2 1 har vi
C x x dx x
x
y( )
(3 2 1) 3 Alltså är y(x) x3 xC den allmänna lösningen.
b) För att få den lösning som uppfyller kravet y(1)5substituerar vi x=1 och y=5 i den allmänna lösningen y(x) x3 xC och bestämmer C.
Vi har 513 1C som ger C=3.
Alltså är y(x) x3 x3 den lösning som uppfyller y(1)5. Svar. a) y(x) x3 xC b) y(x)x3x3
2. Ekvationen y(x) f(x) har oändligt många lösningar som vi får genom att integrera högerledet två gånger:
Först bestämmer vi första derivatan genom att integrera andra derivatan ) 1
( )
(x f x dx C
y
.Därefter integrerar vi en gång till och får
2
) 1
) ( ( )
(x f x dx dx C x C
y
Uppgift 5. Lös ekvationen y(x)sinxx3
Lösning. Från y(x)sinxx3 har vi
1 4 3
cos 4 )
(sin )
( x C
x dx
x x x
y
Integrera en gång till:
2 1 5 1
4
sin 20 4 )
cos ( )
( x C x C
x dx
x C x x
y
Svar. 1 2
5
sin 20 )
( x C x C
x x
y
Uppgift 6.
a) Bestäm den allmänna lösningen till ekvationen y(x)10sinx3x2 b) Bestäm den lösning som uppfyller begynnelsevillkoren
3 ) 0
(
y
1 ) 0
(
y
Lösning.
a) Från y(x)10sinx3x2 har vi
1 3
2) 10cos
3 sin 10 ( )
(x x x dx x x C
y
Armin Halilovic: EXTRA ÖVNINGAR Differentialekvationer. Inledning
4 av 6 Integrera en gång till:
2 1 4 1
3
sin 4 10 )
cos 10 ( )
( x C x C
x dx
C x x x
y
Alltså är 1 2
4
sin 4 10 )
( x C x C
x x
y den allmänna lösningen.
b) Från y(0)3 och allmänna lösningen har vi 3
4 0 0 0 sin 10
3 1 2 2
4
C C C
Från y(0)1 och y(x)10cosxx3C1 har vi 11 10
1 0
0 cos 10
1 3 C1 C1 C1
Därmed är 11 3
sin 4 10 ) (
4
x x
x x
y den sökta lösningen som uppfyller båda villkor.
Svar. a) 1 2
4
sin 4 10 )
( x C x C
x x
y b) 11 3
sin 4 10 ) (
4
x x
x x
y
TILLÄMPNINGAR
Hastighet och acceleration vid en rätlinjig rörelse.
Låt s(t) beskriva position av en objekt som rör sig rätlinjig längs s-axeln (t ex x-axeln y-axeln eller z-axeln) . Då har vi följande formler för hastigheten v(t), farten |v(t)| och
accelerationen :
Positionen vid tiden t: s s(t) Hastigheten : v(t) s(t) Farten: |v(t)||s(t)|
Accelerationen a(t)s(t)
den totala längden av vägen som objekt passerar under tidsintervall t1≤ t ≤ t2 är
2
1
| ) (
|
t
t
dt t v
L .
Härav kan vi beräkna positionen s(t)om hastigheten v(t)är känd:
v t dt C t
s( ) ( )
Om vi vet accelerationen a(t)då kan vi beräkna hastigheten v(t)
a(t)dtC1och därefter integrera en gång till för att få positionen s(t)
v(t)dtC2Uppgift 7.
En partikel rör sig längs y-axeln med accelerationen a(t)4 ( i lämpliga enheter t ex m/s2). Vid tidpunkten t betecknar vi partikelns position med y(t) och partikelns hastighet med v(t).
Bestäm partikelns position y(t) och v(t) om y(0) =50 och y(1) =42.
Tips: y(t)v(t), y(t)v(t)a(t) Lösning:
Från y(t)a(t) har vi y t( )4.
Armin Ha
Därför ( t y( )
Vi integ t y( )
Alltså y Konstan y(0) =50 Först, fr
D 50
) (t y Nu subs
2 42 Alltså y Nu har Svar: y
Uppgift
En balk första pu godtyck
4
4 w
dx y d
a) Bestä ) ( EI
x
w
0 ) 0
(
y ) 0
(
y b) Rita Lösning
Vi subst
4 5
4
dx y d
eller dx d4
alilovic: EXTRA
( efter en in dt
(4) grerar en gådt C t
(4 ) t ty( )2 2 nterna C och 0 och y(1) rån y(0) =50 och därför 5 2 2
t Ct stituerar vi y
50 2 C
2 )
(t t2 y
vi v(t) y 2 )
(t t2 y
t 8.
k med belast unkten inlä klig punkt p
) 0
(
EI x
w .
äm y(x) då ) (
50 xx2 0 , y(1)0
0 och y(1) a grafen (me g.
tituerar ( EI
x w
) (
50 x x2 x x
y 50 2
4 4
A ÖVNINGAR
ntegration) C t
4
ng till och f C t t2 2
D Ct
h D bestämm
=42.
0 får vi 50 .
y(1) =42 oc
6
C 50 6
t 4 )
(
t t
50 6
t o
tning w(x) ä ggs som i o å balken fö
, 0
0 ) ed miniräkn
( ) 50 I x
x
0 x
50 .
får D Ct .
mer vi med
h får
6
ch v(t)4
är fast i båd ovanstående ljande diffe
nare) till y(x
2)
x i ekva
5 av 6 d hjälp av gi
6 4t
da änder. Om e figuren, sa erentialekva
x), 0 x
ationen 4
4
dx y d
ivna villkor
m ett koordi atisfierar koo ation
1
) (
4
EI x w y
Differentia
inatsystem m ordinaterna
0 och får
alekvationer.
med origo i (x,y) för en
Inledning
den n
Armin Ha
Vi integ
Villkore Från y y(x) = b) Grafe
Svar. a
alilovic: EXTRA
grerar fyra g
en y(0)0 0 ) 1
( och
=
en till funkt
a) y(x) =
A ÖVNINGAR
gånger och f
0 och y(0) h y(1)0
tionen y(x)
för den allm
0
) ger C4 får vi
(balken m
6 av 6 männa lösnin
4=0 och C3
med belastn
b ngen
3=0
och där
ning):
b) Se grafen
Differentia
med
n.
alekvationer. Inledning