Март—апрель, 2013. Том 54, № 2
УДК 517.982.22+517.518.36
ПОСЛЕДОВАТЕЛЬНОСТИ НЕЗАВИСИМЫХ ФУНКЦИЙ УОЛША В BM O
С. В. Асташкин,
Л. Малигранда, Р. С. Суханов
Аннотация. Рассматриваются последовательности независимых функций Уолша в пространстве функций ограниченной средней осцилляции. Изучаются геометри- ческие свойства порожденных ими подпространств, в частности, найдены необхо- димые и достаточные условия их дополняемости.
Ключевые слова: функции Радемахера, функции Уолша, пространство функций ограниченной средней осцилляции, дополняемое подпространство.
1. Введение и формулировка результатов
Пространство BM O = BM O[0, 1] состоит из всех функций f ∈ L 1 [0, 1] с ограниченной средней осцилляцией, т. е. таких, что
kf k BM O := sup
I
1
|I|
Z
I
|f (u) − f I | du < ∞,
где супремум берется по всем интервалам I ⊂ [0, 1] и f I := |I| 1 R
I
f (u) du. Ес- ли в последнем определении рассматривать только двоичные интервалы I m i = ((i − 1)2 −m , i2 −m ] (m = 0, 1, 2, . . . , i = 1, . . . , 2 m ), то получим диадическое про- странство BM O d . Ясно, что BM O ⊂ BM O d и kf k d := kf k BM O
d≤ kf k BM O для всех f ∈ BM O. Кроме того, L ∞ [0, 1] ⊂ BM O, и для всех f ∈ L ∞ = L ∞ [0, 1] име- ем kf k BM O ≤ kf k L
∞. В то же время BM O 6= L ∞ и BM O d 6= BM O. Например, ln |s − 1/2|χ [0,1] (s) ∈ BM O \ L ∞ и ln |s − 1/2|χ [1/2,1] (s) ∈ BM O d \ BM O.
Пусть дана последовательность возрастающих натуральных чисел 1 ≤ p 1 <
p 2 < . . . . Рассмотрим последовательность функций Уолша f k = Y
i∈A
kr i , A k ⊂ {p k + 1, p k + 2, . . . , p k+1 }, (1) где r i (t) — функции Радемахера, определенные на отрезке [0, 1], т. е.
r i (t) = sgn[sin(2 i πt)] (i ∈ N).
Ввиду [1, теорема 1] система {f k } ∞ k=1 , определенная соотношением (1), эк- вивалентна в BM O d каноническому базису l 2 , точнее для любой финитной по- следовательности a = (a k ) ∞ k=1
√ 1
2 kak 2 ≤
∞
X
k=1
a k f k d
≤ √
2kak 2 , (2)
Работа первого автора выполнена при частичной финансовой поддержке Российского фонда фундаментальных исследований (код проекта 10–01–00077).
c 2013 Асташкин С. В., Малигранда Л., Суханов Р. С.
где kak 2 :=
∞ P
k=1
a 2 k
1/2
. В этой же работе доказано, что подпространство [f k ], порожденное последовательностью {f k } ∞ k=1 (т. е. замкнутая линейная оболочка множества {f k }), дополняемо в пространстве BM O d . Напомним, что замкну- тое линейное подпространство Y банахова пространства X называется допол- няемым в X, если существует ограниченный линейный проектор P : X → X, образ которого совпадает с Y.
Основная цель данной работы — изучение системы функций {f k } из (1) в
«обычном» пространстве BM O. Важно отметить, что последнее пространство инвариантно относительно сдвига в отличие от его двоичного варианта BM O d
и поэтому играет гораздо более важную роль в анализе. Мы покажем, что в BM O соотношение (2) может не выполняться, а геометрические свойства под- пространства [f k ] (в частности, его дополняемость), по существу, определяются четностью количества элементов множеств A k . Полученные здесь результаты являются естественным развитием работы [2], в которой аналогичные вопро- сы рассматривались для системы Радемахера. В частности, это относится к теоремам 1(a) и 3, которые обобщают соответственно теоремы 2 и 4 из [2].
Приведем формулировки основных результатов работы, где выражение ви- да f g означает, что cf ≤ g ≤ Cf для некоторых c > 0 и C > 0, причем эти константы не зависят от всех или части аргументов норм (полунорм) f и g. Кроме того, всюду далее предполагается, что множества A k и функции f k
определяются соотношением (1).
Теорема 1. (a) Если все множества A k содержат нечетное число элемен- тов, то с некоторыми универсальными константами для любой последователь- ности a = (a k ) ∞ k=1 ∈ l 2 выполнено
∞
X
k=1
a k f k
BM O
kak 2 + sup
s≥1
s
X
k=1
a k
. (3)
(b) Если все множества A k содержат четное число элементов, то с некоторы- ми универсальными константами для любой последовательности a = (a k ) ∞ k=1 ∈ l 2 выполнено
∞
X
k=1
a k f k BM O
kak 2 . (4)
Теорема 2. Если {k i } (k 1 < k 2 < . . . ) — множество всех k ∈ N, для кото- рых количество элементов множества A k нечетно, то с некоторыми универсаль- ными константами для любой последовательности a = (a k ) ∞ k=1 ∈ l 2 выполнено
∞
X
k=1
a k f k BM O
kak 2 + sup
s≥1
s
X
i=1
a k
i. (5)
Напомним, что последовательность {x n } ∞ n=1 из банахова пространства X называется базисной, если она является базисом в замкнутой линейной обо- лочке [x n ]. Кроме того, говорят, что базисная последовательность {x n } ∞ n=1 без- условна, если для любой перестановки π натурального ряда последовательность {x π(k) } ∞ k=1 также базисная в X. Как известно (см., например, [3, теорема 1.1]), базисная последовательность {x n } ∞ n=1 безусловна в X тогда и только тогда, ко- гда из сходимости ряда
∞
P
n=1
a n x n (a n ∈ R) следует сходимость ряда
∞
P
n=1
θ n a n x n ,
где {θ n } ∞ n=1 — произвольная последовательность знаков, т. е. θ n = ±1. Тем самым, применяя теорему 2, получаем
Следствие 1. Следующие условия эквивалентны:
1) {f k } ∞ k=1 — безусловная базисная последовательность в BM O;
2) {f k } ∞ k=1 эквивалентна в BM O каноническому базису в l 2 ;
3) все множества A k , кроме, может быть, конечного числа, содержат четное число элементов.
Последнее утверждение дает необходимые и достаточные условия дополня- емости подпространства [f k ] в BM O.
Теорема 3. Следующие условия эквивалентны:
1) подпространство [f k ], порожденное последовательностью {f k } ∞ k=1 , допол- няемо в BM O;
2) все множества A k , кроме, может быть, конечного числа, содержат четное число элементов.
2. Доказательства
Для доказательства теоремы 1 нам понадобятся два вспомогательных пред- ложения, первое из которых составляет содержание задачи 12(b) из [4, с. 266]
(доказательство с приведенными ниже константами см. в [2, предложение 1]).
Определим функционал A(f ) = sup
I
1,I
2|f I
1− f I
2|, где I 1 , I 2 — смежные двоич- ные интервалы одинаковой длины.
Предложение 1. Для всех функций f ∈ L 1 [0, 1] справедливо неравенство 1
3 (kf k d + A(f )) ≤ kf k BM O ≤ 32(kf k d + A(f )). (6) Предложение 2. Пусть функции f k определены в (1), последователь- ность вещественных чисел a = (a k ) финитна и f := P
k≥1
a k f k .
(i) Если все множества A k содержат нечетное число элементов, то 2
3 max
s≥1
s
X
k=1
a k
≤ A(f ) ≤ 8 max
s≥1
s
X
k=1
a k
. (7)
(ii) Если все множества A k содержат четное число элементов, то A(f ) = 2 max
s≥1 |a s |. (8)
Доказательство. Пусть I — произвольный двоичный интервал длины 2 −r , т. е. I = I r i = (i2 −r , (i + 1)2 −r ]. Введем обозначения m k := min A k , M k :=
max A k , s = s(r) = max{k : M k ≤ r}. Если все M k > r, то полагаем s = 0. Тогда (f k ) I = sgn(f k | I ), k ≤ s,
0, k > s.
Действительно, если k ≤ s, то f k постоянна на I. В случае, когда k > s, имеем f k = Q
i∈B
k∪C
kr i , причем r i постоянны на I для всех i ∈ B k , в то время как
R
I
Q
i∈C
kr i = 0. Отсюда ввиду независимости функций r i , i ∈ C k , относительно отрезка I получаем
(f k ) I = 1
|I|
Z
I
f k (t) dt = c
|I|
Z
I
Y
i∈C
kr i (t) dt = c
|I|
Y
i∈C
kZ
I
r i (t) dt = 0,
где c равно значению функции Q
i∈B
kr i на I.
Поэтому если I 1 , I 2 — смежные двоичные интервалы длины 2 −r , то f I
1−f I
2=
s
X
k=1
a k sgn(f k | I
1)−
s
X
k=1
a k sgn(f k | I
2) =
s
X
k=1
a k [sgn(f k | I
1)−sgn(f k | I
2)]. (9)
Пусть I — наименьший двоичный интервал, содержащий объединение интерва- лов I 1 и I 2 . Предположим, что его длина равна 2 −j . Из определения I следует, что объединение I 1 ∪I 2 лежит в середине I (пусть I 1 лежит слева, а I 2 — справа).
Как нетрудно видеть, в зависимости от того, каковы отрезки I 1 и I 2 , индекс j пробегает все целые значения от 0 до r − 1.
В дальнейшем нам понадобятся следующие обозначения. Если a, b ∈ N и a ≤ b, то [a, b] := {i ∈ N : a ≤ i ≤ b}. Ввиду определения s имеем
s
S
k=1
A k ⊂ [1, r].
Положим B :=
s
[
l=1
[m k , M k ] и B 0 := [1, r] \ B =
s+1
[
l=1
[M l−1 + 1, m l − 1],
где M 0 = 0, а m s+1 = r+1. Кроме того, всюду далее |A| — количество элементов множества A ⊂ N.
Сравним между собой значения функций f k , 1 ≤ k ≤ s, на промежутках I 1
и I 2 . Если m k > j + 1, то все функции r i с индексами из A k меняют знак при переходе от I 1 к I 2 , причем в этом случае r i | I
1= −1, а r i | I
2= 1. Следовательно, для таких k имеем f k | I
1= (−1) |A
k| , а f k | I
2= 1. Если же M k ≤ j, то все функции r i с индексами из A k постоянны на I, поэтому f k | I
1= f k | I
2. В зависимости от того, в какое из множеств B или B 0 попадает число j+1, рассмотрим два случая.
(a) j + 1 ∈ B 0 . Иначе говоря, M l−1 + 1 ≤ j + 1 ≤ m l − 1 при некотором l = 1, 2, . . . , s + 1. Если l = s + 1, то j ≥ M s , откуда ввиду (9) и ранее сделанных замечаний следует, что f I
1− f I
2= 0. В случае, когда предыдущее неравенство выполнено для l = 1, 2, . . . , s, получаем, что M l−1 ≤ j < m l − 2 и, значит, в силу тех же причин
f I
1− f I
2=
s
X
k=l
a k (f k | I
1− f k | I
2) =
s
X
k=l
a k ((−1) |A
k| − 1). (10)
Так как j принимает все значения от 0 до r − 1, то (10) выполнено для l ∈ F 1 , где множество F 1 состоит из всех таких k, что отрезок [M k−1 + 1, m k − 1] непуст (если 2 ≤ k ≤ s, то это эквивалентно тому, что между множествами A k−1 и A k
имеется «зазор»; 1 ∈ F 1 , если 1 6∈ A 1 ).
(b) j + 1 ∈ B. Тогда m l ≤ j + 1 ≤ M l при некотором l = 1, 2, . . . , s. В этом
случае функции r i меняют знак при переходе от I 1 к I 2 , если i ∈ A (j) l := {p ∈
A l : p > j}, и постоянны на I, если i ∈ A l \ A (j) l . Поэтому f l | I
2= (−1) |A
(j)l| f l | I
1.
Так как в этом случае j + 1 < m l+1 и j ≥ M l−1 , учитывая замечания, сделанные перед п. (a), ввиду (9) получаем
f I
1− f I
2= a l f l | I
1(1 − (−1) |A
(j)l| ) +
s
X
k=l+1
a k ((−1) |A
k| − 1). (11)
Предположим, что все числа |A k | нечетны. Тогда прежде всего из (10) следует, что
|f I
1− f I
2| = 2
s
X
k=l
a k
, l ∈ F 1 . (12)
В том случае, когда существует такое j, что m l ≤ j + 1 ≤ M l и либо f l | I
1= −1, либо
A (j) l
четно, опять, но уже из равенства (11) получаем соотношение (12) (но во втором случае с заменой l на l + 1). Обозначим через F множество всех l, для которых выполнено (12). Ясно, что F ⊃ F 1 .
Нетрудно видеть, что для каждого l = 1, 2, . . . , s имеется и иная возмож- ность. Так, если j = m l − 1, то A (j) l = A l . Так как r m
l| I
1= 1 и r i | I
1= −1, если i ∈ A l , i 6= m l , в этом случае f l | I
1= 1. Поэтому из (11) следует, что
|f I
1− f I
2| = 2
s
X
k=l+1
a k − a l
, l = 1, 2, . . . , s. (13)
Заметим, что выражение |f I
1− f I
2| для любой пары смежных двоичных ин- тервалов I 1 и I 2 определяется одним из равенств (12) или (13). Поэтому из определения функционала A(f ) вытекает, что
A(f ) = 2 max max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l+1
a k − a l
, max
1≤l≤s<∞, l∈ F
s
X
k=l
a k
! .
Кроме того, для произвольной финитной последовательности (a k ) выполнено неравенство
1 3 max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l
a k
≤ max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l+1
a k − a l
≤ 2 max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l
a k
. (14)
Действительно, с одной стороны, для произвольных 1 ≤ l ≤ s
s
X
k=l
a k
≤
s
X
k=l+1
a k − a l
+ 2|a l | ≤ 3 max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l+1
a k − a l (если s = l, сумма
s
P
k=l+1
a k полагается равной нулю). Наоборот, для 1 ≤ l ≤ s
s
X
k=l+1
a k − a l
≤
s
X
k=l+1
a k
+ |a l | ≤ 2 max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l
a k
.
Кроме того, max
s≥1
s
X
k=1
a k
≤ max
1≤l≤s<∞
s
X
k=l
a k
≤ 2 max
s≥1
s
X
k=1
a k
. (15)
Левое неравенство в (15) очевидно, а правое вытекает из того, что для произ- вольных 1 ≤ l ≤ s
s
X
k=l
a k
≤
s
X
k=1
a k −
l
X
k=1
a k
≤
s
X
k=1
a k
+
l
X
k=1
a k
≤ 2 max
s≥1
s
X
k=1
a k .
В итоге неравенство слева в соотношении (7) следует из ранее полученного равенства для A(f ) и левого неравенства в (14). Для того чтобы получить неравенство справа в (7), достаточно использовать правые части (14) и (15).
Ситуация, когда каждое из множеств A k содержит четное число элементов, гораздо проще. В этом случае равенства (10) и (11) показывают, что либо f I
1− f I
2= 0, либо |f I
1− f I
2| = 2|a l |, l = 1, 2, . . . , s. Тем самым получаем (8).
Доказательство теоремы 1. Достаточно применить предложения 1 и 2, а также соотношение (2).
Доказательство теоремы 2. Пусть f :=
∞
P
k=1
a k f k . Из соотношений (10) и (11) точно так же, как при доказательстве предложения 2, следует, что
A(f ) max sup
k=1,2,...
|a k |, sup
s≥1
s
X
i=1
a k
i! ,
где {k i } (k 1 < k 2 < . . . ) — множество всех k ∈ N, для которых число |A k | нечетно. Тем самым из предложения 1 и соотношения (2) получаем нужное утверждение.
Для доказательства теоремы 3 нам потребуется еще одно вспомогательное утверждение о блок-базисах последовательности {f k } ∞ k=1 в BM O.
Обозначим через U = {u n } ∞ n=1 произвольный блок-базис системы {f k } ∞ k=1 , т. е.
u n =
s
n+1X
k=s
n+1
a k f k , n = 1, 2, . . . , где 1 ≤ s 1 < s 2 < . . . и a k ∈ R. Кроме того, пусть
γ n (U ) =
s
n+1X
k=s
n+1
a k , n = 1, 2, . . . .
Предложение 3. Если в последовательности {f k } ∞ k=1 есть бесконечно много элементов, для которых |A k | нечетно, то замкнутая линейная оболоч- ка [f k ] ⊂ BM O содержит дополняемое в [f k ] подпространство E, изоморфное c 0 .
Доказательство. Пусть E — множество всех k ∈ N, для которых |A k | нечетно. Тогда по условию | E | = ∞. Из предложений 1 и 2, а также соотноше- ния (2) вытекает существование блок-базиса U = {u n } ∞ n=1 , удовлетворяющего условиям:
(a) ku n k BM O = 1, n = 1, 2, . . . ; (b) ku n k d ≤ √
2
s
n+1P
k=s
n+1
a 2 k
1/2
≤ 2 −n−5 , n = 1, 2, . . . ; (c) γ n (U ) = 0, n = 1, 2, . . . ;
(d) {k : a k 6= 0} ⊂ E .
Действительно, предположим, что функции u 1 , . . . , u n−1 уже построены.
Для любого n ∈ N найдутся достаточно большое m n ∈ N и такие числа b k ≥ 0, k = 1, 2, . . . , m n , что
m
nX
k=1
b 2 k
! 1/2
≤ 2
9 · 2 −n−7 и
m
nX
k=1
b k = 1. (16)
Положим a 0 k = b k , если k = 1, 2, . . . , m n , и a 0 k = −b k−m
n, если k = m n + 1, . . . , 2m n . Выберем s n+1 > s n настолько большим, чтобы отрезок натураль- ного ряда {s n + 1, . . . , s n+1 } содержал не менее 2m n элементов из множества E , и затем переиндексируем a 0 k числами из пересечения {s n + 1, . . . , s n+1 } ∩ E с сохранением порядка. Для остальных значений k из отрезка {s n + 1, . . . , s n+1 } положим a 0 k = 0. Тогда если u 0 n :=
s
n+1P
k=s
n+1
a 0 k f k , то ввиду (2) и первого соотно- шения в (16)
ku 0 n k d ≤ √ 2 · 2
m
nX
k=1
b 2 k
! 1/2
≤ 2
9 · 2 −n−5 .
Кроме того, так как из определения чисел a 0 k и второго равенства в (16) следует max
s
n+1≤s≤s
n+1s
X
k=s
n+1
a 0 k
=
m
nX
k=1
b k = 1, из предложений 1 и 2 получаем
2
3 ≤ A(u 0 n ) ≤ 8 и 2
9 ≤ ku 0 n k BM O ≤ 288.
Тем самым, как легко видеть, функция u n := ku
0u
0nn