Niklas Eriksen Tentamen i ALA C 2009-04-16
MATEMATIK
Chalmers tekniska h¨ ogskola och G¨ oteborgs universitet
Tentamen i Analys och linj¨ ar algebra C f¨ or K, Kf och Bt, TMV036C och TMV035C, 16 april 2009, 14.00–18.00.
Telefonjour: Jacob Sznajdman, 0762 - 721860
Inga hj¨alpmedel, f¨orutom penna och linjal, ¨ar till˚ atna. Exempelvis ¨ar r¨aknedosa inte till˚ aten.
OBS: Motivera dina svar v¨al. Det ¨ar i huvudsak ber¨akningarna och motiveringarna som ger po¨ang, inte svaret. Skriv tydligt.
Information om n¨ar tentan ¨ar f¨ardigr¨attad och tid f¨or visning av tentan kommer att l¨amnas p˚ a kurshemsidan.
Lycka till!
Den ordinarie tentan, f¨or de som inte via hemtal eller duggor kvalificerat sig f¨or den lilla tentan, best˚ ar av samtliga nedanst˚ aende tal. Gr¨ansen f¨or godk¨ant ¨ar 22 po¨ang. Prelimin¨ara gr¨anser f¨or h¨ogre betyg ¨ar 28 po¨ang f¨or fyra och 36 po¨ang f¨or femma.
De som klarat hemtal eller dugga p˚ a minst tv˚ a av kursens fyra delar kan v¨alja att g¨ora den lilla tentan, som best˚ ar av uppgifterna 1-8. Maximala antalet po¨ang ¨ar 32 och gr¨ansen f¨or godk¨ant ¨ar 14. Den som saknar godk¨ant hemtal eller godk¨and dugga p˚ a en eller tv˚ a delar av kursen m˚ aste ocks˚ a klara minst 5 po¨ang p˚ a var och en av dessa missade delar. Till de tv˚ a f¨orsta uppgifter h¨arf¨or sig till del 1, uppgifterna 3 och 4 till del 2 och s˚ a vidare. Den som siktar p˚ a h¨ogre betyg ¨an vad hemtal och duggor visat, f˚ ar ¨aven g¨ora den ordinarie tentan. D˚ a r¨aknas det b¨asta betyget.
1. L¨os initialv¨ardesproblemet x
0(t) = Ax(t) f¨or A =
µ 0 2
−3 5
¶ ,
givet att x(0) = (1, 4)
T. (4p)
2. Ber¨akna l¨angden av kurvan F (t) = (ln t, 2t, t
2) f¨or 1 ≤ t ≤ e. Gl¨om inte
kvadreringsregeln. (4p)
3. Ljudniv˚ an stiger under tentan i V˚ agr¨orelsel¨ara och p˚ a din medhavda ljud- m¨atare (p˚ a den tentan ¨ar alla hj¨alpmedel till˚ atna) m¨ater du niv˚ an till 80 dB. Genom att str¨acka ut m¨atare en meter ˚ at ¨oster (h¨oger) minskar ljud- niv˚ an med 2 dB och en meter norrut (fram˚ at) minskar ljudniv˚ an med 1,5 dB. I vilken riktning v¨axer ljudniv˚ an snabbast, hur snabbt v¨axer ljudniv˚ an i den riktningen och hur starkt ¨ar ljudet hos den person som sitter snett framf¨or dig, tv˚ a meter till v¨anster och sex meter fram˚ at? I det senare fallet
f˚ ar du anv¨anda linj¨ar approximation. (4p)
Var god v¨and!
Niklas Eriksen Tentamen i ALA C 2009-04-16
4. Best¨am det st¨orsta och minsta v¨ardet av f(x, y) = 2x
2− y
2p˚ a omr˚ adet
givet av y ≥ x
2och x ≥ y
2. (4p)
5. Ber¨akna Z
D
x dA
eller Z
D
(x − y) dA
¨over fyrh¨orningen med h¨orn i (0, 0), (2, 1), (3, 3) och (1, 2). (4p)
6. Ber¨akna Z Z Z
K
e
zdV
¨over kroppen K som ges av x
2+ y
2≤ z ≤ 1. (4p) 7. Ber¨akna kurvintegralen
Z
Γ
y(y − x
2) dx + xy(3 + y) dy,
d¨ar Γ ¨ar randen till den nedre halvan av enhetscirkelskivan, det vill s¨aga x
2+ y
2≤ 1, y ≤ 0, genoml¨opt medurs. (4p) 8. Ber¨akna fl¨odet av F (x, y, z) = (x
3, y
3, z
3) ut genom halvklotet x
2+ y
2+
z
2≤ 4, z ≥ 0. (4p)
9. Antag att A ¨ar en symmetrisk matris som diagonaliseras A = V DV
T. Dess egenv¨arden betecknas λ
1≤ λ
2≤ · · · ≤ λ
n.
(a) Visa att om y = V
Tx s˚ a g¨aller x
TAx = y
TDy.
(b) Visa att y
TDy = P
i
λ
iy
i2(c) Visa att det minsta v¨arde vi kan f˚ a p˚ a uttrycket y
TDy om kyk = 1
¨ar λ
1.
(d) Visa att det minsta v¨arde vi kan f˚ a p˚ a uttrycket x
TAx om kxk = 1
¨ar λ
1.
(6p) 10. Best¨am och klassificera samtliga lokala extremv¨arden till funktionen
f (x, y) = x
4+ y
4− 2x
2− 4xy − 2y
2,
samt det st¨orsta v¨ardet av funktionen l¨angs den slutna kurvan x
4+y
4= 32.
(6p)
11. Betrakta vektorf¨altet F (x, y, z) = (3yz, xz, 0). Ber¨akna arbetsintegralen Z
Γ
F dr = Z
Γ
3yz dx + xz dy,
d¨ar kurvan Γ ¨ar sk¨arningskurvan mellan ytorna z = x
2+1 och z = 2x
2+y
2.
Betraktad ovanifr˚ an genoml¨ops kurvan moturs. (6p)
Institutionen f¨ or matematiska vetenskaper Chalmers tekniska h¨ ogskola
Niklas Eriksen
Tentamen i tmv036C och tmv035C, Analys och linj¨ ar algebra C f¨ or K, Kf och Bt
L¨ osningar 2009-04-16
1. L¨os initialv¨ardesproblemet x
0(t) = Ax(t) f¨or A =
µ 0 2
−3 5
¶ ,
givet att x(0) = (1, 4)
T.
L¨osning: Egenv¨ardena ber¨aknas genom 0 = det(A − λI) =
¯ ¯
¯ ¯ −λ 2
−3 5 − λ
¯ ¯
¯ ¯
= −λ(5 − λ) + 6
= λ
2− 5λ + 6
= (λ − 2)(λ − 3).
Egenv¨ardena ¨ar s˚ aledes 2 och 3. Ekvationerna (A − λI)v = 0 f¨or dessa v¨arden l¨oses av v
1= (1, 1)
Toch v
2= (2, 3)
T.
Den generella l¨osningen blir d˚ a x(t) = c
1µ 1 1
¶
e
2t+ c
2µ 2
3
¶ e
3t. F¨or t = 0 f˚ as µ
1 4
¶
= c
1µ 1
1
¶ + c
2µ 2 3
¶ ,
som l¨oses av c
1= −5 och c
2= 3. Problemet l¨oses allts˚ a av x(t) = −5
µ 1 1
¶ e
2t+ 3
µ 2 3
¶
e
3t.
2. Ber¨akna l¨angden av kurvan F (t) = (ln t, 2t, t
2) f¨or 1 ≤ t ≤ e. Gl¨om inte kvadreringsregeln.
L¨osning: B˚ agl¨angden kan ber¨aknas av integralen
S = Z
t
sµ dx dt
¶
2+
µ dy dt
¶
2+
µ dz dt
¶
2dt,
d¨ar (x, y, z) = F (t) = (ln t, 2t, t
2). Vi f˚ ar
S = Z
et=1
r 1
t
2+ 4 + 4t
2dt
= Z
et=1
sµ 1 t + 2t
¶
2dt
= Z
et=1
µ 1 t + 2t
¶ dt
= £
ln t + t
2¤
et=1
= 1 + e
2− 0 − 1 = e
2.
3. Ljudniv˚ an stiger under tentan i V˚ agr¨orelsel¨ara och p˚ a din medhavda ljudm¨atare (p˚ a den tentan ¨ar alla hj¨alpmedel till˚ atna) m¨ater du niv˚ an till 80 dB. Genom att str¨acka ut m¨atare en meter ˚ at ¨oster (h¨oger) minskar ljudniv˚ an med 2 dB och en meter norrut (fram˚ at) minskar ljudniv˚ an med 1,5 dB. I vilken riktning v¨axer ljudniv˚ an snabbast, hur snabbt v¨axer ljudniv˚ an i den riktningen och hur starkt ¨ar ljudet hos den person som sitter snett framf¨or dig, tv˚ a meter till v¨anster och sex meter fram˚ at? I det senare fallet f˚ ar du anv¨anda linj¨ar approximation.
L¨osning: Om vi l¨agger x-axeln ˚ at h¨oger och y-axeln fram˚ at f˚ ar vi att ljudniv˚ ans gradient ¨ar ∇f = (−2, −3/2). Ljudniv˚ an v¨axer allt- s˚ a snabbast i just denna riktning, med farten k∇f k = p
4 + 9/4 = 5/2. I en punkt (−2, 6) fr˚ an din position kommer ljudniv˚ an ges av 80 + (−2, −3/2) · (−2, 6) = 80 + 4 − 9 = 75.
4. Best¨am det st¨orsta och minsta v¨ardet av f(x, y) = 2x
2−y
2p˚ a omr˚ adet givet av y ≥ x
2och x ≥ y
2.
L¨osning: De tv˚ a kurvorna y = x
2och x = y
2korsar varandra i l¨os- ningarna till b˚ ada dessa ekvationer. Vi f˚ ar y = x
2= y
4, vilket ger 0 = y
4− y = y(y
3− 1), som har de reella l¨osningarna y = 0 och y = 1.
F¨or dessa v¨arden f˚ ar vi x = y
2= 0 och x = y
2= 1.
2
I det inre av omr˚ adet m˚ aste ett eventuellt extremv¨arde antas i punkter d¨ar ∇f = 0. Vi f˚ ar 0 = ∇f = (4x, −2y), vilket ger x = y = 0. Denna punkt ligger p˚ a randen.
Om vi parametriserar den nedre randkurvan, y = x
2, f˚ ar vi g
1(t) = f (t, t
2) = 2t
2− t
4. Studium av derivatan ger 0 = g
10(t) = 4t − 4t
3= 4t(1 − t
2), med nollst¨allen i x = t = 0 och x = t = ±1. ˚ Aterigen f˚ as de tv˚ a sk¨arningspunkterna samt en punkt utanf¨or omr˚ adet.
Den ¨ovre randkurvan, x = y
2, parametriseras till g
2(t) = f (t
2, t) = 2t
4− t
2, vilket ger 0 = g
20(t) = 8t
3− 2t = 2t(4t
2− 1). Nollst¨allena blir denna g˚ ang y = t = 0 och y = t = ±1/2.
De intressanta punkterna ¨ar s˚ aledes (0, 0), (1, 1) och (1/4, 1/2). Funk- tionsv¨ardena ¨ar f(0, 0) = 0, f(1, 1) = 1 samt f(1/4, 1/2) = 2/16 − 1/4 = −1/8. Minimum ¨ar d¨arf¨or −1/8 och maximum 1.
5. Ber¨akna Z
D
x dA
eller Z
D
(x − y) dA
¨over fyrh¨orningen med h¨orn i (0, 0), (2, 1), (3, 3) och (1, 2).
L¨osning: F¨or att kunna integrerar ¨over detta omr˚ ade delar vi upp det i tre delar. Vi f˚ ar
Z
D
f (x, y) dA = Z
1x=0
Z
2xy=x/2
f (x, y) dy dx +
Z
2x=1
Z
(x+3)/2y=x/2
f (x, y) dy dx +
Z
3x=2
Z
(x+3)/2y=2x−3
f (x, y) dy dx.
Sedan ber¨aknar vi varje del f¨or sig. Om vi v¨aljer integranden f(x, y) = x f˚ ar vi
Z
1x=0
Z
2xy=x/2
x dy dx = Z
1x=0
[xy]
2xx/2dx
= Z
1x=0
3x
22 dx
=
· x
32
¸
10
= 1
2 ,
3
Z
2x=1
Z
(x+3)/2y=x/2
x dy dx = Z
2x=1
[xy]
(x+3)/2x/2dx
= Z
2x=1
µ 3x 2
¶ dx
=
· 3x
24
¸
21
= 3 − 3 4 = 9
4 och
Z
3x=2
Z
(x+3)/2y=2x−3
x dy dx = Z
3x=2
[xy]
(x+3)/22x−3dx
= Z
3x=2
µ −3x
22 + 9x
2
¶ dx
=
· −x
32 + 9x
24
¸
32
= −27 2 + 81
4 + 4 − 9 = 27
4 − 5 = 7 4 . Summan blir s˚ aledes 9/2.
Om vi v¨aljer integranden f(x, y) = x − y ser vi att den ¨ar udda kring linjen x = y, och omr˚ adet ¨ar symmetriskt kring denna linje. Integralen blir s˚ aledes noll.
6. Ber¨akna Z Z Z
K
e
zdV
¨over kroppen K som ges av x
2+ y
2≤ z ≤ 1.
L¨osning: Vi integrerar med pol¨ara koordinater och f˚ ar Z Z Z
K
e
zdV = Z
2πθ=0
Z
1r=0
Z
1z=r2
e
zr dz dr dθ
= Z
2πθ=0
Z
1r=0
³ e − e
r2´ r dr dθ
= 2π Z
10
Ã
er − 2re
r22
! dr
= 2π
"
er
22 − e
r22
#
10
= π (e − e − 0 + 1) = π.
4
7. Ber¨akna kurvintegralen Z
Γ
y(y − x
2) dx + xy(3 + y) dy,
d¨ar Γ ¨ar randen till den nedre halvan av enhetscirkelskivan, det vill s¨aga x
2+ y
2≤ 1, y ≤ 0, genoml¨opt medurs.
L¨osning: Kurvan ¨ar sluten och vi kan s˚ aledes anv¨anda Greens formel.
Eftersom kurvan genoml¨ops i negativ led s¨atter vi till ett minustecken.
Vi f˚ ar
Z
Γ
y(y − x
2) dx + xy(3 + y) dy
= − Z Z
x2+y2≤1,y≤0
µ ∂(3xy + xy
2)
∂x − ∂(y
2− x
2y)
∂y
¶ dA
= − Z Z
x2+y2≤1,y≤0
¡ 3y + y
2− 2y + x
2¢ dA
= − Z
2πθ=π
Z
1r=0
(r sin θ + r
2)r dr dθ
= − Z
2ππ
· r
3sin θ 3 + r
44
¸
10
dθ
= −
· − cos θ
3 + θ
4
¸
2ππ
= − µ −2
3 + π 4
¶
= 8 − 3π 12 .
8. Ber¨akna fl¨odet av F (x, y, z) = (x
3, y
3, z
3) ut genom halvklotet x
2+ y
2+ z
2≤ 4, z ≥ 0.
L¨osning: Vi anv¨ander Gauss sats och f˚ ar Z Z
∂K
F · n dS = Z Z Z
K
∇ · F dV
= Z Z Z
K
3(x
2+ y
2+ z
2) dV
= 3 Z
2πθ=0
Z
π/2ϕ=0
Z
2ρ=0
ρ
2ρ
2sin ϕ dρ dϕ dθ
= 6π
· ρ
55
¸
20
[− cos ϕ]
π/20= 192π 5 .
5
9. Antag att A ¨ar en symmetrisk matris som diagonaliseras A = V DV
T. Dess egenv¨arden betecknas λ
1≤ λ
2≤ · · · ≤ λ
n.
(a) Visa att om y = V
Tx s˚ a g¨aller x
TAx = y
TDy.
(b) Visa att y
TDy = P
i
λ
iy
2i(c) Visa att det minsta v¨arde vi kan f˚ a p˚ a uttrycket y
TDy om kyk = 1 ¨ar λ
1.
(d) Visa att det minsta v¨arde vi kan f˚ a p˚ a uttrycket x
TAx om kxk = 1 ¨ar λ
1.
L¨osning:
(a) Vi har
y
TDy = (V x)
TDV x = x
TV
TDV x = x
TAx.
(b) Multiplicerar vi y
TD f˚ ar vi (λ
1y
1, λ
2y
2, · · · , λ
n, y
n) och skal¨ar- produkten mellan denna vektor och y ger sedan svaret.
(c) Vi har
y
TDy = X
i
λ
iy
i2≥ X
i
λ
1y
i2= λ
1X
i
y
i2= λ
1kyk
2= λ
1.
Vi kan allts˚ a inte f˚ a n˚ agot l¨agre v¨arde. F¨or y = (1, 0, · · · , 0) uppn˚ as v¨ardet λ
1.
(d) Eftersom V ¨ar ortogonal g¨aller kyk = kV xk = kxk. D¨armed f¨oljer av ovanst˚ aende att x
TAx ≥ λ
1f¨or kxk = 1. Den vektor som svarar mot y = (1, 0, · · · , 0) ¨ar den egenvektor som h¨or till egenv¨ardet λ
1. Om vi kallar den v
1g¨aller
v
1TAv
1= v
1Tλ
1v
1= λ
1kv
1k
2= λ
1.
10. Best¨am och klassificera samtliga lokala extremv¨arden till funktionen f (x, y) = x
4+ y
4− 2x
2− 4xy − 2y
2,
samt det st¨orsta v¨ardet av funktionen l¨angs den slutna kurvan x
4+y
4= 32.
L¨osning: Eftersom funktionen ¨ar deriverbar ¨overallt s¨oker vi punkter d¨ar gradienten ¨ar noll. Vi f˚ ar
0 = ∇f = (4x
3− 4x − 4y, 4y
3− 4x − 4y),
6
vilket ger x
3= y
3med reella l¨osningar x = y. Insatt i de ursprungliga ekvationerna ger detta 0 = 4x
3− 8x = 4x(x
2− 2), med l¨osningar x = 0 och x = ± √
2. Det finns allts˚ a tre kritiska punkter.
Hessianen ges av H(x, y) =
µ A B
B C
¶
=
µ 12x
2− 4 −4
−4 12y
2− 4
¶
F¨or (x, y) = (± √ 2, ± √
2) f˚ ar vi AC − B
2= 400 − 16 = 384 > 0 och A = 20 > 0, s˚ a d¨ar har vi minpunkter. F¨or (x, y) = (0, 0) har vi AC − B
2= 16 − 16 = 0. Denna unders¨okning hj¨alper oss s˚ aledes inte d¨ar.
Vi betraktar nu v¨ardet i punkter n¨ara origo. Antag att h, k ¨ar sm˚ a och betrakta f (0 + h, 0 + k) = h
4+ k
4− 2h
2− 4hk − 2k
2. Vi ser d˚ a att f¨or h = k g¨aller f(h, h) = 2h
4− 8h
2= 2h
2(h
2− 4) ≤ 0 och f¨or h = −k g¨aller f(h, −h) = 2h
4≥ 0. Origo ¨ar s˚ aledes en sadelpunkt.
L¨angs kurvan g(x, y) = x
3+ y
3− 32 = 0 f˚ ar vi st¨orsta v¨ardet genom att betrakta Lagrangianen
L(x, y, λ) = f (x, y)+λg(x, y) = x
4+y
4−2x
2−4xy−2y
2+λ(x
4+y
4−32) och finna nollst¨allena f¨or dess gradient. Vi f˚ a
4x
3− 4x − 4y + 4λx
3= 0;
4y
3− 4x − 4y + 4λy
3= 0;
x
4+ y
4= 32.
Den f¨orsta ekvationen minus den andra blir 4(1+λ)(x
3−y
3) = 0, vilket ger x = y eller λ = −1. Om vi har x = y ger den tredje ekvationen 2x
4= 32, vilket f¨orenklas till x = y = ±2. Om vi har λ = −1 f¨orenklas den f¨orsta ekvationen till −4(x + y) = 0, vilket ger x = −y. Den tredje ekvationen ger d˚ a x = −y = ±2. De intressanta punkterna
¨ar s˚ aledes ±(2, 2) och ±(2, −2), med funktionsv¨arden f(±2, ±2) = 16 + 16 − 8 − 16 − 8 = 0 och f (±2, ∓2) = 16 + 16 − 8 + 16 − 8 = 32.
Det senare ¨ar det maximala v¨ardet.
11. Betrakta vektorf¨altet F (x, y, z) = (3yz, xz, 0). Ber¨akna arbetsintegra-
len Z
Γ
F dr = Z
Γ
3yz dx + xz dy,
7
d¨ar kurvan Γ ¨ar sk¨arningskurvan mellan ytorna z = x
2+ 1 och z = 2x
2+ y
2. Betraktad ovanifr˚ an genoml¨ops kurvan moturs.
L¨osning: Vi kan anv¨anda Stokes sats, som s¨ager att Z
Γ
F dr = Z Z
D
∇ × F · n dS,
d¨ar ytan D har Γ som rand. Normalen ¨ar uppt˚ ariktad om kurvan genoml¨ops moturs sett uppifr˚ an.
H¨ar har vi ∇ × (3yz, xz, 0) = (−x, 3y, −2z). Sk¨arningskurvan Γ ges av x
2+ 1 = z = 2x
2+ y
2, vilket ger x
2+ y
2= 1. Ytan S kan v¨aljas p˚ a flera s¨att, men n˚ agon av de givna ytorna verkar enklast. V¨aljer vi z = x
2+ 1 f˚ ar vi, med g(x, y, z) = z − x
2− 1 att
n dS = µ ∂g
∂x , ∂g
∂y , ∂g
∂z
¶
dx dy = (−2x, 0, 1) dx dy.
D¨armed har vi Z
Γ
3yz dx + xz dy = Z Z
x2+y2≤1
(−x, 3y, −2z) · (−2x, 0, 1) dx dy
= Z Z
x2+y2≤1
2x
2− 2z dx dy
= 2 Z Z
x2+y2≤1
x
2− (x
2+ 1) dx dy
= −2 Z Z
x2+y2≤1