Tentamen 1 i Matematik 1, HF1903
7 jan 2016, kl. 8:15-12:15 Examinator: Armin Halilovic
Undervisande lärare: Fredrik Bergholm, Jonas Stenholm, Elias Said För godkänt betyg krävs 10 av max 24 poäng.
Betygsgränser: För betyg A, B, C, D, E krävs 22, 19, 16, 13 respektive 10 poäng.
Komplettering: 9 poäng på tentamen ger rätt till komplettering (betyg Fx) . Vem som har rätt till komplettering framgår av betyget Fx på MINA SIDOR.
Komplettering sker c:a två veckor efter att tentamen är rättad. Om komplettering är godkänd rapporteras betyg E, annars rapporteras F.
Hjälpmedel: Endast bifogat formelblad (miniräknare är inte tillåten).
• Till samtliga inlämnade uppgifter fordras fullständiga lösningar.
• Skriv endast på en sida av papperet.
• Skriv namn och personnummer på varje blad.
• Inlämnade uppgifter skall markeras med kryss på omslaget
• Denna tentamenslapp får ej behållas efter tentamenstillfället utan ska lämnas in tillsammans med lösningar
Uppgift 1. (2p)
Lös olikheten 0
3
2 4
− <
− x
x .
Uppgift 2. (4p)
Vi betraktar triangeln ABC vars hörn är i punkterna A=(1,1,1), B=(1,2,2) och C=(3, 2, 2).
Bestäm
a) triangelns area (2p) b) triangelns omkrets (1p)
c) vinkeln mellan sidorna AB och AC (du svarar med arccos) (1p) .
Uppgift 3. (2p)
1. Lös ekvationssystemet
= + +
= + +
= + +
= + +
13 3 2 2
7 2
6 9 2 2
z y x
z y x
z y x
z y x
Var god vänd.
Uppgift 4. (2p)
Ett plan går genom punkten A=(2,3,4) och genom linjen (x,y,z)=(1,2,3)+t(1,2,0). Bestäm planets ekvation.
Uppgift 5. (4p)
a) (2p) Bestäm volymen av pyramiden ABCD vars hörn är A=(1,1,2), B=(2,2,3) , C=(3,2,3) och D=(2,2,4).
b) (2p) Bestäm avståndet från punkten A till planet som går genom punkterna B, C och D.
Uppgift 6. (4p) En punkt i en konstruktion påverkas av krafter i tre riktningar a=(1,1,1) , )
1 , 2 , 1
=( b
och c=(2,3,5)
. Punkten är i jämvikt när den påverkas av en fjärde kraft i sidled )
17 , 16 , 11
=( F
. Kraftsumman xa+ yb+zcska uppväga F. Bestäm x,y och z så att F
c z b y a
x
−
= +
+ .
Uppgift 7. (4p) Lös följande matrisekvationer med avseende på X a) (2p) AX −B=C där
= 3 2
5
A 5 ,
= 1 1
1
B 0 och
= −
1 3
2 C 1
b) (1p) DX=E då
= 3
D 2 ,
−
= −
6 9
4
E 6
c) (1p) FX=G då
= 5
F 2 ,
=
16 11
6
G 4 .
Uppgift 8. (2p) Beräkna determinanten
d c b
a
d c b
a
d c b
a
d c b
a
−
− +
−
− +
− +
− +
3 ) (
3 ) (
3 ) (
3 ) (
.
Lycka till.
FACIT
Uppgift 1. (2p)
Lös olikheten 0
3
2 4
− <
− x
x .
Lösning: Gör ett teckenstudium av vänster led. Kvoten är < 0 då täljaren och nämnaren har olika tecken.
x -2 0 2 3
2 −4 x
−3 x
+ + + 0 - - - - - - 0 + + + + + + - - - 0 + + +
3
2 4
−
− x x
- - - - 0 + + + + + + + + + + 0 - - odef + + +
Svar: Olikheten är uppfylld då x<−2 eller 2< x<3.
Rättningsmall: Korrekt tecken för faktorerna x-3 och x2 −4 (alternativt (x-2) och ( x+2)) ger 1p. Allt rätt ger 2p
Uppgift 2. (4p)
Vi betraktar triangeln ABC vars hörn är i punkterna A=(1,1,1), B=(1,2,2) och C=(3, 2, 2).
Bestäm
a) triangelns area (2p) b) triangelns omkrets (1p)
c) vinkeln mellan sidorna AB och AC (du svarar med arccos) (1p) .
Lösning: a) Arean av den triangel som spänns upp av vektorerna u och v
är A= ⋅u ×v 2 1
Triangeln ABC spänns upp av (t.ex.)
→
AB och
→
BC .
→
AB = (1,2,2) - (1,1,1) = (0,1,1),
→
BC = (3, 2, 2) - (1,2,2) = (2,0,0)
) 2 , 2 , 0 ( ) 2 ( 2 0
0 0 2
1 1
0 = ⋅ + ⋅ + ⋅ − = −
=
× →
→
z y x
z y x
e e
e e e e BC
AB
. . 2 2
2 2 2 ) 8 2 ( 2 2 0
1 2
1 2 2 2
e a BC
AB
A= ⋅ → × → = ⋅ + + − = = =
b) Triangelns omkrets är summan av sidornas längder.
→
AB och
→
BC är beräknade.
Beräkna
→
AC :
→
AC = (3, 2, 2) - (1,1,1) = (2,1,1)
Omkrets: O = AB→ + BC→ + AC→ = 02+12+12 + 22 +02+02 + 22 +12 +12 = 2+2+ 6
c) Vinkeln, θ, mellan två vektorer fås ur
v u
v u
= ⋅ θ
cos .
Vinkeln, θ, mellan sidorna AB och AC ges då av:
3 3 3 1 6 2 6 2
2 (2,1,1)
(0,1,1)
(2,1,1) (0,1,1)
AC AB
AC
cos AB = = =
= ⋅
= ⋅
⋅
= → →
→
→
θ
Därför )
3 arccos( 3 θ =
Svar: a) 2 a.e. b) 2+ 2+ 6 l.e. c) vinkeln ) 3 arccos( 3 θ =
Rättningsmall: a) Rätt kryssprodukt ger 1p b) och c) Rätt eller fel.
Uppgift 3. (2p)
1. Lös ekvationssystemet
= + +
= + +
= + +
= + +
13 3 2 2
7 2
6 9 2 2
z y x
z y x
z y x
z y x
Lösning: Gausselimination ger:
=
=
= +
= + +
0 0
1 3
9 2 2
z z y
z y x
vilket ger
=
=
=
1 2 3
z y x
Svar: En unik lösning: x=3, y=2, z=1
Rättningsmall: Korrekt metod och en korrekt variabel ger 1p. Allt rätt ger 2p.
Uppgift 4. (2p)
Ett plan går genom punkten A=(2,3,4) och genom linjen (x,y,z)=(1,2,3)+t(1,2,0). Bestäm planets ekvation.
Lösning:
En punkt i planet: A=(2,3,4)
En punkt på linjen: A0=(1,2,3) som även tillhör planet Linjens riktningsvektor: r=(1,2,0)
En normalvektor till planet: n= A0A×r=(1,1,1)×(1,2,0)=(−2,1,1)
Planets ekvation: −2x+y+z+d =0 insättning av punkten A i ekvationen ger d.
3 0
4 3 2
2⋅ + + + = ⇒ =−
− d d
Svar: Planets ekvation: −2x+y+z−3=0. Rättningsmall:
- Rätt normalvektor +1p, Allt rätt=2p.
- Fel normalvektor ger 0p.
Uppgift 5. (4p)
a) (2p) Bestäm volymen av pyramiden ABCD vars hörn är A=(1,1,2), B=(2,2,3) , C=(3,2,3) och D=(2,2,4).
b) (2p) Bestäm avståndet från punkten A till planet som går genom punkterna B, C och D.
Lösning:
a) Teckna vektorerna AB=(1,1,1),AC =(2,1,1)och AD=(1,1,2)
Volymen:
6 1 1 6 1 1 1
1 2 2 1
1 2 2 1
1 1 6 1 2 1 1
1 1 2
1 1 1 6
1 = − =
− +
=
= V
b) En normalvektor till planet: n=BC×BD=(1,0,0)×(0,0,1)=(0,−1,0)
Planets ekvation: −y+d =0 ⇒ d =2 som erhålls genom insättning av t. ex punkten B.
Alltså planets ekvation: − y+2=0
Metod 1. (Formelblad) Avståndet d från punkten A=(x1,y1,z1) till planet
=0 + +
+By Cz D
Ax är | 1
1
| 1
| 0 1 0
2 2 0 1 1 1
|0
|
| 2 2 2
1 1
1 − =
+ = +
+
⋅ +
⋅
−
= ⋅ +
+
+ +
= +
C B A
D Cz By
d Ax .
Metod 2. Avståndet kan beräknas som längden av ortogonalprojektionen av vektorn mellan
punkterna A och B på planets normal, dvs. 1
) 0 , 1 , 0 (
) 0 , 1 , 0 ( ) 1 , 1 , 1
| (
| =
−
−
= •
= • n
n Avstånd AB
Rättningsmall:
a) Fel volymdeterminat 0p.
Korrekt uttryck
2 1 1
1 1 2
1 1 1 6
=1
V men räknefel =1p.
Saknas 1/6 framför determinant –1 p.
Allt korrekt =2p
b) Fel planets ekvation 0p.
Rätt planets ekvation +1p. Rätt avstånd +1p.
Uppgift 6. (4p) En punkt i en konstruktion påverkas av krafter i tre riktningar a=(1,1,1) , )
1 , 2 , 1
=( b
och c=(2,3,5)
. Punkten är i jämvikt när den påverkas av en fjärde kraft i sidled
) 17 , 16 , 11
=( F
. Kraftsumman xa yb zc +
+ ska uppväga F. Bestäm x,y och z så att F
c z b y a
x
−
= +
+ .
Lösning:
⇔
−
= +
+yb zc F a
x
−
=
+
+
17 16 11 5
3 2 1
2 1 1
1 1
z y
x ger följande ekvationssystem:
−
= + +
−
= + +
−
= + +
17 5
16 3
2
11 2
z y x
z y x
z y x
som vi löser med Gaussmetoden:
2 :
3 6
5 11
3 0 0
1 1 0
2 1 1 )
( ) (
17 16 11
5 1 1
3 2 1
2 1 1
3 1 2
1 ⇒ =−
−
−
−
⇒ +
− +
−
−
−
−
z Rad r
r och r r
3 5
2 :
2 y− =− ⇒ y=− Rad
4 11
4 3 :
1 x− − =− ⇒ x=− Rad
Svar: x=−4, y=−3 och z=−2 Rättningsmall:
- Rätt ekvationssystem +1p.
- Rätt lösning av ekvationssystemet +3p.
- Enstaka räknefel ger -1p (för varje räknefel upp till -3 p).
- Fel ekvationssystem 0p.
Uppgift 7. (4p) Lös följande matrisekvationer med avseende på X a) (2p) AX −B=C där
= 3 2
5
A 5 ,
= 1 1
1
B 0 och
= −
1 3
2 C 1
b) (1p) DX=E då
= 3
D 2 ,
−
= −
6 9
4
E 6
c) (1p) FX=G då
= 5
F 2 ,
=
16 11
6
G 4 .
Lösning:
7a) Eftersom det(A)=5 ≠0 är matrisen A inverterbar.
−1=
A
−
− 5 2
5 3 5
1 .
⇒ +
=B C X
A X = A−1(B+C)=
−
− 5 2
5 3 5
1
0 4
3
1 =
−
−
5 / 6 5 / 18
5 / 9 5 /
17
(eller
−
= −
2 . 1 6 . 3
8 . 1 4 .
X 3 ).
b) Eftersom matrisstorlekar omvandlas enligt (n x m) (m x q) = n x q så får man: matrisen X måste vara en 1x2 matris.
Låt X =
[
x y]
.⇔
= E X
D då
[
x y]
3
2
−
= −
6 9
4
6
⇔ =
y x
y x
3 3
2
2
−
− 6 9
4 6 Härav: 2x= 6, 3x=9 samt 2y= −4, 3y= −6
som ger x=3 och y= −2 och därmed X =
[
3 −2]
c) Låt X =
[
x y]
.G
FX= ⇔
[ ]
=
x y
5
2
16 11
6
4
⇔ =
y x
y x
5 5
2
2
16 11
6
4 .
Detta ger 4 ekvationer, en för varje position i 2 x 2 matriserna:
2x= 4, 5x= 11, vilket är motsägelsefull information => lösning saknas.
(2y=6, 5y= 16 är också en motsägelse. )
SVAR a)
−
= −
5 / 6 5 / 18
5 / 9 5 /
X 17 (eller
−
= −
2 . 1 6 . 3
8 . 1 4 .
X 3 ).
b) : X =
[
3 −2]
. c) Lösning saknas c)Rättningsmall
a) Korrekt invers ger 1p. Avdrag för slarvfel.
b) och c) Rätt eller fel på 1p-uppgifter.
Uppgift 8. (2p) Beräkna determinanten
d c b
a
d c b
a
d c b
a
d c b
a
−
− +
−
− +
− +
− +
3 ) (
3 ) (
3 ) (
3 ) (
.
Lösning:
8) I en stor determinant är det bättre att först utnyttja räkneregler för linjära operationer i en determinant.
Addera alltså första raden till de tre andra,
d c b
a
d c b
a
d c b
a
d c b
a D
−
− +
−
− +
− +
− +
=
3 ) (
3 ) (
3 ) (
3 ) (
=
4 1
3 1
2 1
r r
r r
r r
+ +
+ =
d d c
d c
d c b
a
2 0 0 0
2 2 0 0
2 2 6 0
3 ) ( +
(*)
(Här kan man använda egenskaper för triangulära determinanter och beräkna direkt) )
( 24 2 2 6 )
(a b c d cd a b
D= + ⋅ ⋅ ⋅ = + .
Allternativt kan man utveckla (*) efter första kolonnen
= +
=
d d c
d c b
a D
2 0 0
2 2 0
2 2 6 )
( ( utveckla 3x3 determinanten efter första kolonnen)
) ( 24 2 2 6 ) 2 (
0 2 6 2
)
( a b c d cd a b
d d b c
a+ ⋅ ⋅ = + ⋅ ⋅ ⋅ = +
Svar: 24cd(a+b)
Rättningsmall: 1p avdrag, om man inte ange utfärda radoperationer.
Avdrag för slarvfel, räknefel och teckenfel.