Sida 1 av 7
NÅGRA TILLÄMPNINGAR AV DUBBELINTEGRALER I MEKANIKEN
Koordinaterna för tyngdpunkten för ett plant område
𝑥𝑥𝑐𝑐= 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
𝑥𝑥𝑐𝑐 = 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
Yttröghetsmoment för ett plant område
𝐼𝐼𝑥𝑥 = � 𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
[Yttröghetsmoment med avseende på x − axeln]
𝐼𝐼𝑦𝑦= � 𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
[Yttröghetsmoment med avseende på y − axeln]
𝐼𝐼0= 𝐼𝐼𝑥𝑥+ 𝐼𝐼𝑦𝑦= � 𝐴𝐴2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= � 𝐴𝐴3𝑥𝑥𝐴𝐴𝑥𝑥𝑑𝑑
𝐷𝐷
[Yttröghetsmoment kring origo (polär tröghetsmoment)]
Exempel 1
För området D = triangeln OAB bestäm a) Tyngdpunkten
b) Yttröghetsmoment med avseende på x − axeln c) Yttröghetsmoment med avseende på y − axeln d) Yttröghetsmoment kring origo
Lösning:
a) Tyngdpunkten . Vi använder formlerna
Sida 2 av 7
𝑥𝑥𝑐𝑐= 1𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
𝑥𝑥𝑐𝑐 = 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) = (1 ∙ 2)/2 = 1
� 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= � 𝑥𝑥𝑥𝑥 �−2𝑥𝑥+2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
0 1
0 = � (−2𝑥𝑥1 2+ 2𝑥𝑥)𝑥𝑥𝑥𝑥
0 … = 1/3
� 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= � 𝑥𝑥𝑥𝑥 �−2𝑥𝑥+2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
0 1
0 = � (2𝑥𝑥1 2− 4𝑥𝑥 + 2)𝑥𝑥𝑥𝑥
0 = ⋯ = 2/3
Därför
𝑥𝑥𝑐𝑐 = 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
=1 1 ∙
1 3 =
1 3 och
𝑥𝑥𝑐𝑐= 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷)� 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
=1 1∙2
3=2 3
Svar a: T=( 1/3, 2/3)
Anmärkning: Tyngdpunkten för en triangel med hörn i punkterna
( , ) x y
1 1 ,( , ) x y
2 2och ( , ) x y
3 3 kan vi enklast bestämma med hjälp av den kända formeln:1 2 3
, y
1 2 33 3
c
x x x
cy y y
x = + + = + +
.För ovanstående fall har vi 1 2 3
0 1 0 1 , y
1 2 30 0 2 2
3 3 3 3 3 3
c
x x x
cy y y
x = + + = + + = = + + = + + =
b) Yttröghetsmoment med avseende på x − axeln
𝐼𝐼𝑥𝑥 = � 𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= � 𝑥𝑥𝑥𝑥 �−2𝑥𝑥+2𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥
0 1
0 = � �𝑥𝑥3
3 �0
−2𝑥𝑥+2 1 𝑥𝑥𝑥𝑥
0 =
� (−2𝑥𝑥 + 2)3
3 𝑥𝑥𝑥𝑥
1
0 = � −8𝑥𝑥3+ 24𝑥𝑥2− 24𝑥𝑥 + 8
3 𝑥𝑥𝑥𝑥
1
0 =
1 3 �−8
𝑥𝑥4 4 + 24
𝑥𝑥3 3 − 24
𝑥𝑥2 2 + 8𝑥𝑥�0
1
=2 3
Anmärkning: (−2𝑥𝑥 + 2)3= (−2𝑥𝑥 + 2)(−2𝑥𝑥 + 2)2= ⋯ = −8𝑥𝑥3+ 24𝑥𝑥2− 24𝑥𝑥 + 8 Alternativt kan man använda formeln
(𝐴𝐴 + 𝑏𝑏)3= 𝐴𝐴3+ 3𝐴𝐴2𝑏𝑏 + 3𝐴𝐴𝑏𝑏2+ 𝑏𝑏3
Sida 3 av 7
Svar b) 𝐼𝐼𝑥𝑥 =23c) Yttröghetsmoment med avseende på y − axeln
𝐼𝐼𝑦𝑦= � 𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= � 𝑥𝑥𝑥𝑥 �−2𝑥𝑥+2𝑥𝑥2𝑥𝑥𝑥𝑥
0 1
0 = � [𝑥𝑥1 2𝑥𝑥]𝑦𝑦=0𝑦𝑦=(−2𝑥𝑥+2)𝑥𝑥𝑥𝑥
0 =
� 𝑥𝑥1 2(−2𝑥𝑥 + 2)𝑥𝑥𝑥𝑥
0 = � (−2𝑥𝑥1 3+ 2𝑥𝑥2)𝑥𝑥𝑥𝑥
0 = �−2𝑥𝑥4
4 + 2 𝑥𝑥3
3 �0
1
=1 6.
Svar c) 𝐼𝐼𝑦𝑦=16
d) Yttröghetsmoment kring origo 𝐼𝐼0= 𝐼𝐼𝑥𝑥+ 𝐼𝐼𝑦𝑦=56
Svar d) 𝐼𝐼0=56
Exempel 2.
Bestäm tyngdpunkten för nedanstående område D.
Lösning:
Vi använder formlerna 𝑥𝑥𝑐𝑐=𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷)1 ∬ 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝐷𝐷 𝑥𝑥𝑐𝑐=𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷)1 ∬ 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝐷𝐷
4 4
) 1
( D = π r
2= π Arean
� 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= (𝑝𝑝𝑝𝑝𝑝𝑝ä𝐴𝐴𝐴𝐴 𝑘𝑘𝑝𝑝𝑝𝑝𝐴𝐴𝑥𝑥𝑘𝑘𝐴𝐴𝐴𝐴𝑘𝑘𝐴𝐴𝐴𝐴 𝑥𝑥 = 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑝𝑝𝜌𝜌𝑑𝑑, 𝑥𝑥 = 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑘𝑘𝐴𝐴𝑑𝑑, 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥 = 𝜌𝜌𝑥𝑥𝜌𝜌𝑥𝑥𝑑𝑑 )
= � 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑝𝑝𝜌𝜌𝑑𝑑 ∙ 𝜌𝜌𝑥𝑥𝜌𝜌𝑥𝑥𝑑𝑑
𝐷𝐷
= � 𝑥𝑥𝑑𝑑 � 𝜌𝜌2𝜌𝜌𝑝𝑝𝜌𝜌𝑑𝑑 𝑥𝑥𝜌𝜌
1 0 𝜋𝜋/4
−𝜋𝜋/4
=
Sida 4 av 7
= � 1
3 𝜌𝜌𝑝𝑝𝜌𝜌𝑑𝑑 𝑥𝑥𝑑𝑑
𝜋𝜋/4
−𝜋𝜋/4
= �1 3 𝜌𝜌𝑘𝑘𝐴𝐴𝑑𝑑 �
𝜋𝜋/4
−𝜋𝜋/4 =√2 3
Därför
𝑥𝑥𝑐𝑐 = 1
𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷) � 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥
𝐷𝐷
= 4 π ∙
√2 3 =
4√2 3π
På liknande sätt beräknar vi
𝑥𝑥𝑐𝑐 =𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴𝐴(𝐷𝐷)1 ∬ 𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝑥𝐷𝐷 =4π ∬ 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑘𝑘𝐴𝐴𝑑𝑑 ∙ 𝜌𝜌𝑥𝑥𝜌𝜌𝑥𝑥𝑑𝑑𝐷𝐷 =4π∫−𝜋𝜋/4𝜋𝜋/4 𝑥𝑥𝑑𝑑 ∫ 𝜌𝜌01 2𝜌𝜌𝑘𝑘𝐴𝐴𝑑𝑑 𝑥𝑥𝜌𝜌= … = 0
Svar: T= (4√23π , 0) Exempel 3.
Bestäm tyngdpunktskoordinaterna
( x
c, y
c)
för området D som definieras av1 0
0 ,
0 ≥ ≤
2+
2≤
≥ y och x y
x
.Lösning:
Vi använder formlerna:
∫∫
=
D
c
x dxdy
D Arean
x ( )
1
,∫∫
=
D
c
y dxdy
D Arean
y ( )
1
Området D är en cirkelsektor med radien 1 och befinner sig i den första kvadranten.
4 4
) 1
( D = π r
2= π
Arean
.Polära koordinater skall användas i detta fall:
x = r cos θ , y = r sin θ , dxdy = rdrd θ
.Gränser:
0 1
0 ≤ θ ≤ π 2 och ≤ r ≤
Sida 5 av 7
[ ]
3 1 sin 3
cos cos
1 0 3 02 1
0 2 2
0 2
0 1 0
=
=
=
⋅
= ∫ ∫ ∫ ∫
∫∫ x dxdy d r rdr d r dr r
D
π π
π
θ θ
θ θ
θ
.Därför
π
π 3
4 3 1 4 )
(
1 = ⋅ =
= ∫∫
D
c
x dxdy
D Arean
x
.På grund av symmetrin gäller
y
c= x
c= 3 4 π
.Om man inte märker detta då får man samma resultat genom att beräkna
[ ]
3 1 cos 3
sin
1 0 3 02 1
0 2 2
0
=
−
=
= ∫ ∫
∫∫ y dxdy d r dr r
D
π π
θ θ
θ
och därmed
π
π 3
4 3 1 4 )
(
1 = ⋅ =
= ∫∫
D
c
y dxdy
D Arean
y
.Svar: T=(
3 π 4
,3 π 4
)Exempel 4. Området D som definieras av
x ≥ 0 , 0 ≤ y ≤ x och 0 ≤ x
2+ y
2≤ 4
. Bestäm: Tyngdpunktena) Tyngdpunkten
b) Yttröghetsmoment med avseende på x-axeln c) Yttröghetsmoment med avseende på y-axeln d) Yttröghetsmoment kring origo.
Lösning:
Området D är en cirkelsektor i den första kvadranten (en åttonde del av cirkeln med radien =2).
Vi använder polära koordinater:
x = r cos θ , y = r sin θ , dxdy = rdrd θ
Gränser i polära koordinater:
0 2
0 ≤ θ ≤ π 4 och ≤ r ≤
a) Tyngdpunkten:
Sida 6 av 7
Arean = (en åttonde del av cirkeln med radien =2)=2 8 2
2π = π
[ ]
3 2 4 3 8 2
2 sin 3
cos cos
2 0 3 04
2 0 4 2
0 2
0 4
0
=
⋅
=
⋅
=
=
⋅
= ∫ ∫ ∫ ∫
∫∫
r
dr r d dr
r r
d dxdy x
D
π
π π
θ
θ θ θ
θ
.
Därför
1 . 200
3 2 8 3
2 4 2 )
(
1 = ⋅ = ≈
= ∫∫ π π
D
c
x dxdy
D Arean
x
.[ ] )
2 1 2 3 ( 8 cos 3
sin sin
2 0 4 3
0
2 0 4 2
0 2
0 4
0
−
=
⋅
−
=
=
=
⋅
= ∫ ∫ ∫ ∫
∫∫
r
dr r d rdr
r d dxdy y
D
π
π π
θ
θ θ θ
θ
Därmed
0.497
3 2 8 ) 16 2 1 2 3 ( ) 16 2 1 2 3 ( 8 2 )
(
1 − ≈
=
−
=
−
⋅
=
= ∫∫ π π π
D
c
y dxdy
D Arean
y
.Svar a) T=(
3 π 2 8
,3 π 2 8 16 −
)b) Yttröghetsmoment med avseende på x-axeln
=
=
⋅
=
= ∫∫ ∫ ∫ ∫ ∫2
0 4 3
0 2 2
0 4 2 0
2
dxdy d ( r sin ) rd sin d r dr
y I
D x
π π
θ θ θ
θ θ
(Vi använder formeln
2 ) 2 cos(
sin
2θ = 1 − θ
.)2 1 4 ) 0 0 ( 2 )
4 ) 2 sin(
( 4 2 1 4 2
) 2 sin(
2 1 2
) 2 cos(
1
20 4 4
0 4
0
2 0
3
⋅ = −
−
⋅ −
−
=
⋅
−
− =
∫ ∫ π
π π θ θ
θ θ
ππ
dr r r d
Svar b)
1 2 − π
c) Yttröghetsmoment med avseende på y-axeln
=
=
⋅
=
= ∫∫ ∫ ∫ ∫ ∫2
0 4 3
0 2 0
4 2 0
2
dxdy d ( r cos ) rdr cos d r dr
x I
D y
π π
θ θ θ
θ
(Vi använder formeln
2 ) 2 cos(
cos
2θ = 1 + θ
.)Sida 7 av 7
4 0 2
0 2 4
0 4 3
0 2
0 4 3
0 2
2 ) 2 sin(
2 1 4 2
) 2 cos(
cos 1
π π π
θ θ θ θ
θ
θ
+
⋅
=
= ∫ + ∫
∫
∫ d r dr d r dr r
2 1 ) 0 0 ( 2 )
4 ) 2 sin(
( 4 2
4 1 = +
−
⋅ − +
⋅
= π π
π
Svar c)
1 2 + π
d)
Yttröghetsmoment kring origo ( polär tröghetsmoment) är
∫∫ =
D
drd
r
3θ [ ] θ
ππ π
π
=
=
⋅
==
∫
∫ 4 04 16 4 4
2 0 2 4
0 4 3 0
dr r
r .
Svar d)
π
Alternativ: Eftersom vi redan har beräknat I och
xI
ykan vi beräkna yttröghetsmoment kring origo enligt
π π π − + + =
= +
= 1
1 2
0
I
xI
y2
I
.Svar d)