TENTAMEN 29 okt 2014, HF1006 och HF1008
Moment: TEN1 (Linjär algebra), 4 hp, skriftlig tentamen
Kurser: Analys och linjär algebra, HF1008, Linjär algebra och analys HF1006 Klasser: TIELA1, TIMEL1, TIDAA1
Tid: 8.15-12.15, Plats: Campus Haninge
Lärare: Marina Arakelyan, Fredrik Bergholm, och Armin Halilovic Examinator: Armin Halilovic
Betygsgränser: Maxpoäng = 24
För betyg A, B, C, D, E, Fx krävs 22, 19, 16, 13, 10 respektive 9 poäng.
Hjälpmedel på tentamen TEN1: Utdelad formelblad. Miniräknare ej tillåten.
Komplettering: 9 poäng på tentamen ger rätt till komplettering (betyg Fx) .
--- Skriv endast på en sida av papperet.
Skriv namn och personnummer på varje blad.
Inlämnade uppgifter skall markeras med kryss på omslaget.
--- Denna tentamenslapp får ej behållas utan lämnas in tillsammans med lösningar.
Fullständiga lösningar skall presenteras till alla uppgifter.
---
Uppgift 1.(4p) (Student som är godkänd på KS1 hoppar över uppgift 1.) Punkterna A(1,1,3) B(2,0,3) C(2,1,0) och D(0,2,0) är hörn i en pyramid.
a) Beräkna vinkeln mellan sidorna AB och AC. (1poäng) b) Beräkna arean av triangeln ABC. (1poäng)
c) Beräkna pyramidens volym (2 poäng )
Uppgift 2.(2p) För vilka värden på a har ekvationssystemet (med avseende på x, y och z)
⎪⎩
⎪⎨
⎧
= + +
−
= + +
= + +
1 3 5
1 2
1
z y x
z y x
z y ax
A) exakt en lösning B) oändligt många lösningar C) ingen lösning?
Var god vänd.
Uppgift 3. (2p) I triangeln ABC är AB= och c BC= . Punkten a B delar sida AC i 1
förhållandet 1:3 dvs B1C=3AB1. Utryck vektorn AB som en linjär kombination av a1 och c . (Med andra ord ange vektorn AB1 på formen AB1= pa+qc).
Uppgift 4. (2p) Beräkna arean av den parallellogram som spänns upp av vektorerna )
7 , 3 , 1
=(
u och vr=(1,−1,−3).
Uppgift 5. (4p) Ett plan α har en normalvektor nr = (1,0,3) . Punkterna A = (1,0,1) och B = (1,2,1) ligger i planet α . Låt L beteckna den linje som går genom punkterna A och B.
a) Bestäm en vektor i planet α som är vinkelrät mot linjen L. (2p)
b) Bestäm en vektor i planet α som bildar 45 graders vinkel mot linjen L. (2p)
Uppgift 6. (2p) Lös matrisekvationen med avseende på X C
BX X
A = + då ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
= ⎡ 3 2
5
A 5 , ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
= ⎡ 1 1
2
B 3 och ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
= −
1 3
2
C 1 .
Uppgift 7. (4p)
a) (1p) Bestäm realdelen av det komplexa talet 6 3
2 i
i
u i +
−
= − .
b)(1p) Bestäm absolutbeloppet av det komplexa talet
i i w i
+
= − 1
) 2 3
( 2
10
.
c)( 2p) z1= är en 2i lösning till ekvationen 3z3+z2 +12z+4=0. Bestäm alla lösningar.
Uppgift 8. (2p)
a) Skriv det komplexa talet −4 2 +4i 2 på potensformen.
b) Lös ekvationen z3 =−4 2+4i 2och ange alla lösningar på potensform eller på polär form (välj själv).
Uppgift 9. (2 p) För en matris A av typen 3×3 gäller Abr br
= för varje kolonnvektor br av typen 3×1. Bevisa att
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
1 0 0
0 1 0
0 0 1
A .
Lycka till.
LÖSNINGSFÖRSLAG OCH RÄTTNINGSMALL:
Uppgift 1.(4p) (Denna uppgift behöver du som är godkänd på KS1 inte göra.) Punkterna A(1,1,3) B(2,0,3) C(2,1,0) och D(0,2,0) är hörn i en pyramid.
a) Beräkna vinkeln mellan sidorna AB och AC. (1poäng) b) Beräkna arean av triangeln ABC. (1poäng)
c) Beräkna pyramidens volym (2 poäng )
Lösning:
a) Skalärprodukten:
AC AB
AC v AB
v AC AB AC
AB ⋅
= ⋅
⋅ ⇒
=
⋅ cos cos
10
och 2
) 3 , 0 , 1 ( och ) 0 , 1 , 1 (
=
=
−
=
−
=
AC AB
AC AB
1 ) 3 ( 0 0 ) 1 ( 1
1⋅ + − ⋅ + ⋅ − =
=
⋅ AC AB
⎟⎟⎠
⎞
⎜⎜⎝
= ⎛
= ⇒
= 10
arccos 5 10
5 20
cosv 1 v
Svar: ⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎝
⎛ 10 arccos 5
b) Triangeln ABC som spänns upp med hjälp av vektorerna AB och AC har arean
| 2|
1 AC AB
A= ×
k j i k
j i AB
AC =− − −
−
−
=
× 3 3
0 1 1
3 0 1
19
|
|AC× AB = .) . ( 2 19
1 ae
A=
Svar: 19( . .) 2
1 ae
A=
c) Pyramidens volym beräknas med hjälp av skalärtrippelprodukt:
( )
, (1,0, 3); (1, 1,0); ( 1,1, 3)6
1 × ⋅ = − = − = − −
= AC AB AD därAC AB AD
V
6
| 1 3 1 1
0 1 1
3 0 1 6|
1 =
−
−
−
−
=
V ( . .)
2
| 1 3 6|
| 1 0 1 2
0 1 1
3 0 1
| = = ve
−
−
−
(R1*(-1)+R3) Svar: ( . .)
2 1 ve
Rättningsmall: a) Rätt cos v ger 1 poäng b) Rätt eller fel c) Korrekt metod med mindre räknefel =1p
___________________________________________________________________________
_______
Uppgift 2.(2p) För vilka värden på a har ekvationssystemet (med avseende på x, y och z)
⎪⎩
⎪⎨
⎧
= + +
−
= + +
= + +
1 3 5
1 2
1
z y x
z y x
z y ax
A) exakt en lösning
B) oändligt många lösningar C) ingen lösning
Lösning:
Systemets determinant är D= a+3.
3 0
3
0⇒ + = ⇒ =−
= a a
D ,
Om D≠0 dvs a≠−3 har systemet exakt en lösning.
För a=−3får vi systemet
⎪⎩
⎪⎨
⎧
= + +
−
= + +
= + +
−
1 3 5
1 2
1 3
z y x
z y x
z y x
⇒ (Vi byter plats på ekv1 och ekv2)
⎪⎩
⎪⎨
⎧
= + +
−
= + +
−
= + +
1 3 5
1 3
1 2
z y x
z y x
z y x
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
+ +
e2 e1
e2 3e1 ⇒
⎪⎩
⎪⎨
⎧
= +
= +
= + +
2 4 7
4 4
7
1 2
z y
z y
z y x
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
+ e3 e2 -
⇒
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−
=
= +
= + +
2 0
4 4
7
1 2
z y
z y x
⇒ Ingen lösning om a=−3.
Svar: A) Exakt en lösning om a≠−3
B) Fallet B ( dvs oändligt många lösningar) kan inte förekomma.
C) Ingen lösning om a=−3
Rättningsmall: Korrekt metod och två rätta svar ( A, B eller C) ger 1p. Allt korrekt =2p.
Uppgift 3. (2p) I triangeln ABC är AB= och c BC= . Punkten a B delar sida AC i 1
förhållandet 1:3 dvs B1C=3AB1. Utryck vektorn AB som en linjär kombination av a1 och c . (Med andra ord ange vektorn AB1 på formen AB1= pa+qc).
Lösning:
B
A B1 C
c a
( )
c aAB
a c BC AB AC
AC AB
AC AB
AC AB AB
AC C B AB
+
=
+
= +
=
⇒ =
=
= +
= +
4 1
4 4 1
3
1
1 1
1 1
1 1
Svar: AB1 = 41
( )
c+aRättningsmall: 1 poäng om man inser att AB AC 4 1
1 = .
Uppgift 4. (2p) Beräkna arean av den parallellogram som spänns upp av vektorerna )
7 , 3 , 1
=(
u och vr=(1,−1,−3). Lösning:
Arean= |ur × . vr| Först
( )
( 2,10, 4)1 1
3 ,1 3 1
7 , 1 3 1
7
3 = − −
−
− −
−
= −
× v ur r
=
−
−
=
×
3 1 1
7 3 1
k j i v u
r r r
r 2 10 4 ( 2,10, 4)
1 1
3 1 3 1
7 1 3 1
7
3 =− + − = − −
+ −
− −
−
− j k i j k
ir r r r r r
Längden av vektorn ur × är vr |ur × = vr| (−2)2 +102 +(−4)2 = 120 Svar: Arean = 120 a.e.
Rättningsmall: 2p om allt är korrekt. 1p för korrekt vektorprodukt. 1p för korrekt metod (med mindre räknefel).
Uppgift 5. (4p) Ett plan α har en normalvektor nr = (1,0,3) . Punkterna A = (1,0,1) och B = (1,2,1) ligger i planet α . Låt L beteckna den linje som går genom punkterna A och B.
a) Bestäm en vektor i planet α som är vinkelrät mot linjen L. (2p)
b) Bestäm en vektor i planet α som bildar 45 graders vinkel mot linjen L. (2p) Lösning:
a) Vektorn u = (1,2,1)−(1,0,1)=(0,2,0) är linjens riktningsvektor.
Vi söker en vektor som ligger i planet och som är vinkelrät mot linjens riktningsvektor.
Alla vektorer som ligger i planet är vinkelräta mot nr = (1,0,3). Därför är v vinkelrät mot både nr
= (1,0,3) och u = (0,2,0).
En sådan vektor är
) 2 , 0 , 6 ( 2 2 6
0 0 1 0 0
3 1 0 2
3 0 0 2 0
3 0
1 = − + =− + = −
=
×
= i j k i k
k j i u n
v r r r r r
r r r
b) Vi normerar vektorerna u och v: Beteckna
|
| ˆ
u
u= u = (0,2,0) (0,1,0) 4
1 = och )
10 , 1 0 10, ( 3 ) 2 , 0 , 6 40( 1
|
|
ˆ= = − = −
v
v v .
Vinkelräta enhetsvektorerna uˆoch vˆ spänner upp en kvadrat. Därför blir vinkeln mellan diagonalen (uˆ+vˆ) och linjen som bestäms av uˆ lika med 45o. Alltså är vektorn
10) , 1 1 10 , ( 3 10) , 1 0 10, ( 3 ) 0 , 1 , 0 ˆ (
ˆ+ = + − = −
=u v d
en vektor som bildar 45 graders vinkel mot linjen.
Anmärkning: Den andra diagonalen uˆ−vˆ bildar också en 45 graders vinkel mot linjen.
Svar a) (−6,0,2) ( eller en annan vektor parallell med (−6,0,2), till ex. (−3,0,1))
b) )
10 , 1 1 10, ( −3
(eller en annan vektor som är parallell med ) 10 , 1 1 10, ( −3
)
Rättningsmall a): 2p om allt är korrekt. 1p för korrekt metod (med mindre räknefel).
Rättningsmall b): 2p om allt är korrekt. 1p för korrekt metod (med mindre räknefel).
Uppgift 6. (2p) Lös matrisekvationen med avseende på X C
BX X
A = + då ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
= ⎡ 3 2
5
A 5 , ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
= ⎡ 1 1
2
B 3 och ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
= −
1 3
2
C 1 .
Lösning: Från AX=BX +C har vi C
BX X
A − = eller C
X B A− ) =
( (*)
Matrisen ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
= ⎡
− 1 2
3 B 2
A har determinanten =1 och är därmed inverterbar.
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
−
= −
− −
2 1
3 2 1 ) 1 (A B 1 Från (*) har vi
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
−
= −
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
⎥ −
⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
−
= −
−
= −
4 5
7 7 1 3
2 1 2 1
3 ) 2
(A B 1C
X
Svar: ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
−
= −
4 5
7 X 7
Rättningsmall: 2p om allt är korrekt. 1p för korrekt ⎥
⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡
−
= −
− −
2 1
3 ) 2
(A B 1 .
Uppgift 7. (4p)
a) (1p) Bestäm realdelen av det komplexa talet 6 3
2 i
i
u i +
−
= − .
b)(1p) Bestäm absolutbeloppet av w då
i i w i
+
= − 1
) 2 3
( 2
10
.
c)( 2p) z1= är en 2i lösning till ekvationen 3z3+z2 +12z+4=0. Bestäm alla lösningar.
Lösning:
a)
=
− −
=
−
⋅
− +
− +
= − + +
⋅ +
−
= −
− +
= − 1
10 ) 7 1 ( 9 1
2 3 6 3
3 3 2 3
2
2 2 2
4
6 i
i i i i i
i i i i i i
i u i
10 10
3 10
10
7 i i
− −
− =
= −
Därmed är Re(u)=
10
−3 .
b)
2 13 1
1 ) 4 9 ( 1
| 1
|
| 2 3
|
|
| | 1
) 2 3
| (
|
|
2 10
2 10
2 10
+ = +
= ⋅ +
= − +
= −
i i i
i i w i
c) Ekvationen har reella koefficienter och z1= är en lösning implicerar att 2i z2 =−2iär också en lösning. Därför är polynomet 3z3 +z2 +12z+4delbart med
4 )
2 )(
2 ( ) )(
(z−z1 z−z2 = z− i z+ i =z2+
Polynomdivision ger (3z3+z2 +12z+4)/(z2+4)=3z+1. Från 3z+1=0har vi z3 =−1/3
Svar:
a) 10
−3 , b)
2
13 c) z1= , 2i z2 =−2i, 3z3=−1/
Rättningsmall: a,b rätt eller fel. c) 1 poäng om man kommer till faktorn z2+4. Uppgift 8. (2p)
a) Skriv det komplexa talet −4 2 +4i 2 på potensformen.
b) Lös ekvationen z3 =−4 2+4i 2 och ange alla (tre) lösningar på potensformen.
Lösning:
a) r= z| |= (−4 2)2 +(4 2)2 = 64 =8, arg(z) =
4 3π
θ = ( rita grafen) Därmed blir
i
e
i 4
3
8 2 4 2 4
π
= +
−
b) Från z e4i
3
3 8
π
= har vi 64 3 ) , 0,1,2
2 4 / (3
3 =
= e + k
z i
kπ π
dvs
2 , 1 , 0 ,
2
3 )2 4 / (3
=
= e
+k
z
ikπ π
Svar:
a) e4i
3
8
π
b) 2 3 ) , 0,1,2
2 4 / (3
=
= e + k
z i
kπ π
eller
2 , 1 , 0 ,
3 ) 2 4 / sin(3 3 )
2 4 / cos(3
2 ⎥⎦⎤ =
⎢⎣⎡ + + +
= k k
k i
z π π π π
Rättningsmall: 1 poäng för varje del.
Uppgift 9. (2 p) För en matris A av typen 3×3 gäller Abr br
= för varje kolonnvektor br av typen 3×1. Bevisa att
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
1 0 0
0 1 0
0 0 1
A .
Lösning:
Låt
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
k h g
f e d
c b a
A .
Eftersom Abr br
= gäller för varje kolonnvektor br
( av typen 1×3), är relationen uppfylld för följande tre speciella fall
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= 0 0 1 br
,
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= 0 1 0 br
och
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= 1 0 0 br
Därför
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⇒
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= ⇒
0 0 1 0
0 1 0 0 1
g d a
k h g
f e d
c b a b b Ar r
dvs a=1,d =0,g=0. På samma sätt
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⇒
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= ⇒
0 1 0 0
1 0 0 1 0
h e b
k h g
f e d
c b a b b Ar r
dvs b=0,e=1,h=0, och
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⇒
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
= ⇒
1 0 0 1
0 0 1 0 0
k f c
k h g
f e d
c b a b b Ar r
dvs c=0,f =0,k =1,
Därmed blir
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=
1 0 0
0 1 0
0 0 1
A vilket skulle bevisas.
Rättningsmall: Rätt eller fel.