Sida 1 av 6 TENTAMEN
Introduktionskurs i Matematik HF1009 (1.5 hp) Datum: 21 aug 2020
Tentamen på DISTANS genom programmet ZOOM Skrivtid: 8:00-10:00 ( +15 min för uppladdning)
Tentamen ger maximalt 12p. För godkänd tentamen krävs 6p.
Till samtliga uppgifter krävs fullständiga lösningar!
Inga hjälpmedel tillåtna.
Skriv din klass på omslaget (TIBYH1A, TIBYH1B eller TIBYH1C; TIDAA, TIELA, TIMEL, TITEH).
Du kan göra flera uppgifter på samma sida.
Viktigt: Använd papper och penna för att lösa dina uppgifter.
Under hela skrivningen ska du vara synlig i Zoom.
Du får inte lämna zoom innan kl 10.
Tiden 10 -10:15 använder du för att fotografera och ladda upp dina lösningar i i mappen (för din klass) :
Byggprogrammet Campus Stockholm:
https://kth.instructure.com/courses/19941/assignments TEN_HF1009 TIBYH A,
TEN_HF1009 TIBYH B, TEN_HF1009 TIBYH C,
(TITEH på bygg väljer en av ovanstående klasser) ---
Campus Flemingsberg:
https://kth.instructure.com/courses/19942/assignments TEN_HF1009 TIDAA,
TEN_HF1009 TIMEL TEN_HF1009 TIELA
(TITEH i Flemingsberg väljer en av ovanstående klasser) ---
OMREGISTRERADE (Alla klasser Stockholm, Flemingsberg) https://kth.instructure.com/courses/24138/assignments
TEN_HF1009_omregistrerade (alla klasser)
Format: PDF, JPG, JPEG, HEIC eller PNG filer är OK,
men vi föredrar PDF-format och gärna alla uppgifter i EN pdf-fil.
Efter kl 10:15 är mappen stäng för uppladdning.
Efter uppladdningen meddelar du (genom chat) till tentavakten att du lämnar Zoom-tenta.
Därefter får du inte komma tillbacka till Zoom-rummet och göra ändringar i dina lösningar.
Parametrarna p och q i nedanstående uppgifter är sista två siffror i ditt personnummer.
T ex: Om ditt personnummer är 751332 2248 så är p= 4 och q=8.
Du substituerar värdena på p och q i en uppgift och därefter löser uppgiften.
Sida 2 av 6
==================================================================
Uppgift 1. (1p) Låt A={4,5,6,7,8} till B={5,7,9} och C={p,10,11}
Bestäm (A B∪ )\ (A C∩ ).
Uppgift 2. (2p). Beräkna och förenkla nedanstående uttryck, så långt som möjligt
2 2
2 2 / 2p 6 2p 6
a b a b
+ +
+ −
.
Uppgift 3. (2p) Bestäm alla lösningar till följande ekvationer:
a) sin(( 2) ) 1
3 2
q+ x+π = − . b) tan ( 3) 2
2 2
p x π
+ + = −
.
Uppgift 4. (2p) Bestäm alla lösningar till följande ekvationer:
a) 4 3 8 1 16
p+ ⋅ x = . b) log (3 x q+ + = −1) 2 log (10)3
Uppgift 5. (2p) Lös olikheten − +x2 (q+3)x−(2q+2) 0> .
Uppgift 6. (1p)
Rita följande punktmängd i xy-planet {( , )x y R x∈ 2: 2 +y2−(10− p y) = . 0}
Uppgift 7. (2p).
Bevisa med hjälp av den matematiska induktionen att
2 1
(4 ) 2 (2 )
n k
k p n p n
=
− = + −
∑
(där n ≥1 är ett heltal)(Man får 0 poäng om man inte använder den matematiska induktionen utan bevisar påståendet på ett annat sätt.)
Lycka till!
=============================
FACIT
Uppgift 1. (1p) Låt A={4,5,6,7,8} till B={5,7,9} och C={p,10,11}
Bestäm (A B∪ )\ (A C∩ ). Lösning:
Variant 1: Om p är 1,2 3, eller 9 så är (A C∩ )= ∅. Då är (A B∪ )\ (A C∩ )=(A B∪ )={4,5,6,7,8,9}
Variant2: Om p är 4,5,6,7 eller 8 så är (A C∩ ) { }= p . Då är (A B∪ )\ (A C∩ )=(A B∪ )={4,5,6,7,8,9}
Sida 3 av 6 och (A B∪ )\ (A C∩ )= {4,5,6,7,8,9}\{p} .
T ex om p=5 så är (A B∪ )\ (A C∩ )= {4, 6,7,8,9} . Rättningsmall: Rätt eller fel.
Uppgift 2. (2p). Beräkna och förenkla nedanstående uttryck, så långt som möjligt
2 2
2 2 / 2p 6 2p 6
a b a b
+ +
+ −
.
Lösning:
2 2
2 2 2 6 2a b 6
p p
a b
+
+ +
−
Förläng det stora bråket med a b : 2 2
2 2 2 2
2 2
2 2
2 2
2 2
2 2
2 6 2 6 (2 6) (2 6)
a b a b ab a b
p p b p a p
a b a b
⋅ + = + =
+ + ⋅ + − ⋅ +
⋅ −
2 2
2 ( ) 2 ( ) 2
( ) (2 6) ( ) ( ) (2 6) ( ) (2 6) ( ) ( 3)
ab b a ab b a ab ab
b a p b a b a p b a p b a p
⋅ + ⋅ +
= = = =
− ⋅ + − ⋅ + ⋅ + − ⋅ + − ⋅ +
Svar:
( ) ( 3) ab
b a− ⋅ p+ , där p är en parameter mellan 0 och 9.
Rättningsmall: 1 poäng för korrekt till 2 ( ) ( ) ( ) (2 6)
ab b a b a b a p
⋅ +
− ⋅ + ⋅ + . 2p om allt är korrekt
Uppgift 3. (2p) Bestäm alla lösningar till följande ekvationer:
a) sin(( 2) ) 1
3 2
q+ x+π = − . b) tan ( 3) 2
2 2
p x π
+ + = −
.
Lösningsförslag:
a) (𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 +𝜋𝜋3 = arcsin �−12� + 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋 och (𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 +𝜋𝜋3 = 𝜋𝜋 − arcsin �−12� + 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋 (𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 +𝜋𝜋3 = −𝜋𝜋6+ 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋 och (𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 +𝜋𝜋3 = 𝜋𝜋 − �−𝜋𝜋6� + 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋
(𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 = −𝜋𝜋2 + 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋 och (𝑞𝑞 + 2)𝑥𝑥 =5𝜋𝜋6 + 𝑛𝑛 ∙ 2𝜋𝜋 𝑥𝑥 = −2(𝑞𝑞+2)𝜋𝜋 +𝑞𝑞+22𝑛𝑛𝜋𝜋 och 𝑥𝑥 = 6(𝑞𝑞+2)5𝜋𝜋 +2𝑛𝑛𝜋𝜋𝑞𝑞+2
b) (𝑝𝑝 + 3)𝑥𝑥 +𝜋𝜋2 = arctan �−√22� + 𝑛𝑛 ∙ 𝜋𝜋 ⇒ (𝑝𝑝 + 3)𝑥𝑥 = −𝜋𝜋2+ arctan �−√22� + 𝑛𝑛 ∙ 𝜋𝜋 ⇒
Sida 4 av 6
⇒ 𝑥𝑥 = − 𝜋𝜋 (𝑝𝑝 + 3) +
1
(𝑝𝑝 + 3) arctan �−
√2 2 � +
𝑛𝑛𝜋𝜋 (𝑝𝑝 + 3)
Rättningsmall: 1p för varje del (rätt eller fel)
Uppgift 4. (2p) Bestäm alla lösningar till följande ekvationer:
a) 4 3 8 1 16
p+ ⋅ x = . b) log (3 x q+ + = −1) 2 log (10)3
Lösning:
a)
( )
3( ) ( )
1 2 6 33 1 2 2 1 2 6 3 2 4 2 4
4 8 2 8 16 2 2 2 2 2
3 16 20 4
2 6 4
2 3
x x p x
p x p p
x p
p x
+ +
+ −
+ ⋅ = ⇔ ⋅ = − ⇔ + ⋅ = ⇔ = − ⇒
+ + = − ⇔ = − −
b)
( ( ) )
( )
3 3 3 3 3 3 2
log ( 1) 2 log (10) log ( 1) log (10) 2 log 10 1 log 3
10 1 9 1
10
x q x q x q
x q x q
+ + = − ⇔ + + + = ⇔ + + = ⇒
+ + = ⇔ = − −
(notera att x ligger i ekvationens definitionsmängd: x > –q–1) Rättningsmall: 1p för varje del (rätt eller fel)
Uppgift 5. (2p) Lös olikheten − +x2 (q+3)x−(2q+2) 0> .
Lösning:
Först löser vi ekvationen − +x2 (q+3)x−(2q+2) 0= (använd den kända formeln) som ger 2 och q +1.
Vi ritar parabeln y= − +x2 (q+3)x−(2q+2) och därefter bestämmer svaret.
Fall 1. Om q ≠1 har vi två olika lösningar x1 och x2. ( Låt x1<x2)
I detta fall är svaret ( , )x x1 2 dvs läsningsmängden består av alla x sådana att x1< <x x2.
Sida 5 av 6
Fall 2. Om q =1 har vi två lika lösningar x1=x2=2. motsvarande parabel har grafen
Olikheten saknar lösning.
Uppgift 6. (1p)
Rita följande punktmängd i xy-planet {( , )x y R x∈ 2: 2 +y2−(10− p y) = . 0}
Lösning:
Med hjälp av kvadratkomplettering kan vi skriva ekvationen
2 2 (10 ) 0
x + y − − p y= som
2 ( 10 )2 (10 )2 0
2 2
p p
x y − −
+ − − = eller 2 ( 10 )2 (10 )2
2 2
p p
x y − −
+ − =
Detta är en ekvation för cirkeln med centrum i punkten C=(0,10 ) 2
p
− och radien
R= 10 2
p
− .
Exempelvis, om i fallet p=5 har vi en cirkel med centrum i C=(0, )5
2 och radien R= 5 2
Rättningsmall: Rätt eller fel.
Sida 6 av 6 Uppgift 7. (2p).
Bevisa med hjälp av den matematiska induktionen att
2 1
(4 ) 2 (2 )
n
k k p n p n
=
− = + −
∑
(där n ≥1 är ett heltal)(Man får 0 poäng om man inte använder den matematiska induktionen utan bevisar påståendet på ett annat sätt.)
Bevis.
Vi bevisar påståendet i fall p=5. På liknande sätt gör vi för andra värden på p.
Alltså, vi ska visa att
2 1
(4 5) 2 3
n k
k n n
=
− = −
∑
a) (Induktionsbas)
Då n=1 har vi VL= –1 och HL= –1 dvs. VL=HL.
Alltså gäller påståendet för n = 1.
b) (Induktionssteg)
Antag att det för givet n gäller påståendet, P(n),
2 1
(4 5) 2 3
n k
k n n
=
− = −
∑
(*)Vi vill visa att då gäller P(n+1) d v s att
1 2
1
(4 5) 2( 1) 3( 1)
n k
k n n
+
=
− = + − +
∑
eller ( om vi utvecklar högerledet)
1 2
1
(4 5) 2 1
n
k+ k n n
=
− = + −
∑
(**) .Vi startar med (*) och lägger 4(n + − till båda leden av likheten: 1) 5
2 1
(4 5) 4( 1) 5 2 3 4( 1) 5
n k
k n n n n
=
− + + − = − + + − ⇒
∑
1 2
1
(4 5) 2 1
n k
k n n
+
=
− = + −
∑
(Detta är P(n+1). ) Alltså P(n)⇒P(n+1).Från a) och b) får vi, enligt den matematiska induktionen, att påståendet gäller för alla heltal 1
n≥ .
Rättningsmall: 1p om man kommer till korrekt uttryck för P(n+1) dvs till:
”Vi vill visa att då gäller P(n+1) d v s att 1 2
1
(4 5) 2( 1) 3( 1)
n k
k n n
+
=
− = + − +
∑
”2p om allt är korrekt.