Tillämpad Matematik I Övning 3
Allmänt
Övningsuppgifterna, speciellt Typuppgifter i första hand, är exempel på uppgifter du kommer att möta på tentamen. På denna är du ensam, så det är viktigt att du klarar av uppgifterna på egen hand! Trots detta rekommenderas och uppmuntras arbete i grupp samt användning av Mathematica även där endast handräkning förväntas! I lösningsförslagen hittar du oftast både handräkning och Mathematica, detta för att du ska få träning på båda! Avsaknad av lösningsförslag eller “snåla” sådana ska tolkas positivt som en inspiration och utmana dig till att fylla igen luckor och verifiera det som är gjort. Ha teorikompendierna till hands, där finns många lösta exempel.
Uppgifter
Typuppgifter i första hand
1. Bestäm f ' x då f x är x2, x3 x, x5 3, sin x 2Π, 9
x3, x2
x x , ln x , x, cos x , x 84 respektive sin x Π. Lösningsförslag: Fingerfärdighetsträning på derivation.
f x x2 x3 x x5 3 sin x 2Π 9 x3
x2
x x ln x x cos x x 84 sin x Π f x 2 x 3 x2 1 5 x23
3 cos x 27
x4 1 2 x
1 x
x sin x 4 x 83 cos x
2. Bestäm f ' x då f x är 4 x2, sin 5x , 1
4 2x3, ln 3x , 7x, cos 6x respektive 2x 84. Lösningsförslag: Å en gång till
f x 4 x2 sin 5 x 1
4 2 x3 ln 3 x 7 x cos 6 x 2 x 84
f x 2 4 x 5 cos 5 x 6
4 2 x4 1
x 7 7 x 6 sin 6 x 8 2 x 83
3. Bestäm f ' x då f x är x sin x , x 1x , cos xx , 2x
4 2x3, ln4x2 x, 7xln 2x , cos26x , 2xsin 4x , sin x respektive x22x 84. Lösningsförslag: Å ännu en gång
f x f x
x sin x x cos x sin x
x cos x
x tan x 1 cos x x
x 1
1 x 12 2 x
4 2 x3
x 1 2 x 24
ln4 x2 x 4 x8 x 12 x
f x f x
7 xln 2 x 7 x7 x ln 2 x 1
x
cos26 x 6 sin 12 x
2 xsin 4 x 2 x 4 cos 4 x 2 sin 4 x
sin x cos x
2 x
x2 2 x 84 32 x x 43 3 x 4
4. Bestäm största och minsta värde till f x x2 2x i intervallet 2, 1 . Lösningsförslag: Vi börjar väl med att rita...
f x : x2 2 x
Plot f x , x, 2, 1 , PlotStyle Red, AxesLabel "x", "f x "
2.0 1.5 1.0 0.5 0.5 1.0x 1
1 2 3 f x
Globalt minimum antas i den enda extrempunkten
f ' x 2 x 2
minpkt Solve f ' x 0 First
x 1
f x . minpkt 1
Globalt maximum antas i högra ändpunkten av intervallet.
f 1 3
5.Sök ekvationer för tangenten och normalen till kurvan y x i den punkt på kurvan som har x–koordinaten lika med14.
0.0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 x 0.3
0.4 0.5 0.6 0.7 y,yT,yN
Lösningsförslag: Funktionen och dess derivata
f x : x
f ' x 1 2 x
samt önskad punkt där skådespelet ska äga rum.
x0
1 4
;
Enpunktsformeln y y0 kT x x0 med kT f ' x0 ger nu först tangenten ekv y f x0 f ' x0 x x0
y 1
2 x 1
4
Lös ut tangentens ekvation på explicit form y kx m.
yT y . Solve ekv, y First Apart
x 1 4
Sedan med kTkN 1 normalen
ekv y f x0 1
f ' x0
x x0
y 1 2
1
4 x
yN y . Solve ekv, y First Apart 3
4 x
En bild piggar alltid upp. Den första raden är viktigast. AspectRatio satt till Automatic gör att x och y ritas med "samma skala". Prova gärna utan, då blir tangent och normal inte utritade vinkelräta mot varann!
Plot f x , yT, yN , x, 0, 0.5 , AspectRatio Automatic, PlotRange 0.2, 0.7 , AxesLabel "x", "y,yT,yN" ,
PlotStyle Red, Blue, Orange, Dashed
0.0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5x 0.3
0.4 0.5 0.6 0.7 y,yT,yN
6. Vilket värde har yx då x tan t1 , y sin 4t och t Π3? Ledning: Kedjeregeln!
Lösningsförslag: Vi har med kedjeregeln yx
y t x t
, så nu är det bara att derivera och sätta in önskat värde på t.
y '
D Sin 4 t , t D 1
Tan t , t
4 sin2t cos 4 t
y ' . t Π 3 3
2
7. Bestäm fx, fy, fxx'', fxy'', fyx'' och fyy'' i punkten 3, 1 då f x, y 3x3y2 x x y och i 2,Π då f x, y xsin x y2cos 2x y . Lösningsförslag: Derivera på partiellt Notera Mathematicas beteckningar för partiella derivator, i superindexet anges hur många gånger man deriverat med avseende på respektive variabel. Exempelvis är fx x, y f 1,0 x, y och fyy'' x, y f 0,2 x, y .
f x, y 3 x3y2 x yx f 3, 1 81 33 f1,0 x, y 9 x2y2 x y x y 1 f1,0 3, 1 81 23 f0,1 x, y x2 6 x y x y f0,1 3, 1 9 18 13 f2,0 x, y y x y x y 2 18 x y f2,0 3, 1 54 13
f1,1 x, y x x y x y 2 18 x y f1,1 3, 1 354 13 f1,1 x, y x x y x y 2 18 x y f1,1 3, 1 354 13 f0,2 x, y 6 x y x3 f0,2 3, 1 27 6 13
f x, y cos 2 x y y2 x sin x f 2,Π Π2 2 sin 2 f1,0 x, y 2 sin 2 x y y3 x cos x sin x f1,0 2,Π 2 cos 2 sin 2 f0,1 x, y 2 y cos 2 x y x y sin 2 x y f0,1 2,Π 2Π
f2,0 x, y 4 cos 2 x y y4 2 cos x x sin x f2,0 2,Π 4Π4 2 cos 2 2 sin 2 f1,1 x, y 2 y2 2 x y cos 2 x y 3 sin 2 x y f1,1 2,Π 8Π3
f1,1 x, y 2 y2 2 x y cos 2 x y 3 sin 2 x y f1,1 2,Π 8Π3 f0,2 x, y 2 4 x2y2cos 2 x y 8 x y sin 2 x y f0,2 2,Π 2 16Π2
8. Bestäm y ' i punkten 1, 2 då 4x y2 12x y 13 5x.
Lösningsförslag: Implicit derivering.
ekv Dt4 x y2 12 x y 13 5 x, x
8 x y y
x 12 x y
x 4 y2 12 y 5 dydx Solve ekv, Dt y, x
y x
4 y2 12 y 5 4 x 2 y 3
Lite teknisk Replace för att undvika att x och y byts ut i yx. Enklare för hand dydx . Rule a , b Rule a, b . x 1, y 2
y x
13 4
Enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner.
ekv D4 x y x 2 12 x y x 13 5 x, x
8 x y x y x 12 x y x 4 y x2 12 y x 5
Solve ekv, y ' x . x 1, y x 2
y 1 13 4
9. Sök yx i punkten x 2, y 1 på kurvan x2y 2sinΠy2 2x.
Lösningsförslag: Implicit derivering.
dekv Dtx2y 2 SinΠ y2 2 x, x
x2 y
x 4Πy cosΠy2 y
x 2 x y 2
Lös ut yx.
dydx Solve dekv, Dt y, x
y x
2 x y 1 x2 4Πy cosΠy2
Lite teknisk Replace för att undvika att x och y byts ut i yx. Enklare för hand dydx . Rule a , b Rule a, b . x 2, y 1
y x
2 4 4Π
Enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner.
ekv Dx2y x 2 SinΠ y x 2 2 x, x
x2y x 4Πy x y x cosΠy x2 2 x y x 2
Solve ekv, y ' x . x 2, y x 1
y 2 2
4 4Π
10.En räv promenerar längs stigen x y3 1. Sök y då x 0, y 1 och x 4.
1.0 0.5 0.5 1.0 x
0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2 y
Lösningsförslag: Implicit derivering.
dekv Dtx y3 1, t
x
t 3 y2 y t 0
dydx Solve dekv, Dt y, t
y t
x t
3 y2
Lite teknisk Replace för att undvika att x och y byts ut i yt och xt. Enklare för hand dydx . Rule a , b Rule a, b . Dt x, t 4 . x 0, y 1
y t
4 3
Enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner. Notera att x t och y t ekv Dx t y t 3 1, t
x t 3 y t2y t 0
Solve ekv, y ' t . x t 0, y t 1, x ' t 4
y t 4 3
11.Låt V och A vara volymen respektive arean för ett klot. Sök VA som funktion av A.Ledning :Vklot 4Πr3
3 , Aklot 4Πr2.
Lösningsförslag: Lös ut V som funktion av A ur formlerna för klotets volym och area, det vill säga eliminera r.
VÅr SolveV 4 Π r3 3
, A 4 Π r2, V, r
V A3 2 6 Π
, r A
2 Π
,V A3 2 6 Π
, r A
2 Π
Här duger bara andra lösningen, eftersom vi inte befattar oss med varken negativ volym eller radie. Bestäm önskad derivata.
dVdA DV . VÅr 2 , A
A 4 Π
PlotV . VÅr 2 , dVdA, A, 0, 5 , PlotStyle Red, Blue , AxesLabel "A", "V A ,V' A "
1 2 3 4 5 A
0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 V A,V ' A
12.En vattentank läcker så att volymen i m3är V t 250 4t2, där tiden t mäts i sekunder. Sök volymflödet ur tanken då t 2 s samt precis då den blir tom.
Lösningsförslag: En liten reseberättelse över läckaget...
Plot250 4 t2, t, 0, 8 , PlotStyle Cyan, AxesLabel "t", "V t "
2 4 6 8 t
50 100 150 200 250 V t
Volymflödet i m3s vid tiden t q D250 4 t2, t
8 t
q . t 2 16
Slutligen är tanken tom då
tom Solve250 4 t2 0, t
t 5 5
2 ,t 5 5 2
med volymfödet q . tom 2
20 10
13.Om t mäts i sekunder ges läget för en bil av uttrycket s t 14tt2 2tm. Sök läge, hastighet och acceleration då t 4 s.
Lösningsförslag: Hastighet och acceleration ges av första respektive andraderivatan av läget med avseende på tiden, så de tre efterfrågade storheterna
sva TableD
1
4 t t2 2 t, t, i , i, 0, 2
1
4tt2 2 t,1
4t2 2 t 1
4t 2 t 2 , t 2
1 2 2 t 2 Plot Evaluate sva , t, 0, 5 ,
PlotStyle Orange, Blue, Red , AxesLabel "t", "s t ,v t ,a t "
1 2 3 4 5 t
10 20 30 40 s t,v t,a t
Avslutningsvis de tre efterfrågade storheterna vid 4 s.
sva . t 4 24, 16, 7
14.Enligt Newton är kraften F mx. Bestäm erforderlig kraft då massan 5 kg svänger enligt x t 1001 sin4t Π4m.
Lösningsförslag: Vi börjar med att definiera x t som en funktion eftersom den ska användas några gånger
x t : 1
100 Sin4 t Π 4 Visst svänger dé
Plot x t , t, 0, 4 , PlotStyle Red, AxesLabel "t", "x t "
1 2 3 4 t
0.010 0.005 0.005 0.010 x t
Derivera två gånger för accelerationen och bestäm erforderlig kraft i N.
F 5 x '' t 4
5sin4 t Π 4
Plot F, t, 0, 4 , PlotStyle Blue, AxesLabel "t", "F t "
1 2 3 4 t
0.5 0.5 F t
15.Vid medicinering mot transpirationsproblem är det viktigt att uppskatta arean av patientens hud. Mosteller har föreslagit modellen S c mh , där S är hudarean i m2, c 16, m patientens vikt i kg och h längden i m.
a Ange enheten på konstanten c.
b En patient med längden 180 cm håller diet. Vikten rasar med 1 kg vecka.
Med vilken hastighet minskar arean på huden då patienten väger 110 kg ? Lösningsförslag: Vi börjar väl med uppgift a)
m2 c kg m m2 c kg1 2m1 2 c m3 2
kg1 2. Solvem2 c kg m , c PowerExpand
c m3 2 kg
Sedan uppgift b) Vi söker hastighet så derivera med avseende på t. Använd kedjeregeln och produktregeln onödigt duktigt efter- som h är konstant här, men bra med höghöjdsträning
S t
1
6 t mh u mh 16 u u ut 1 6
2 u mth m ht 1
12 mh mth m ht
dSdt DtS 1
6 m h , t
S t
m h
t h m
t
12 h m
Nu är det bara att meka in de angivna numeriska värdena.
dSdt . Dt m, t 1, Dt h, t 0 . m 110, h 1.8 S
t 0.01066
Enklare derivering blir det om vi som ovan noterar att h är konstant.
S t
1
6 t mh 6h tm1 2 6h 12m 1 2 mt 121 mh mt St 121 1101.8 1 0.01066
16.En investering I0i $ tillväxer med räntan r enligt I t I0
rt 100. Bland finansfolk brukar man höra ''69 regeln '' som innebär att tiden T till dess att en investering fördubblat sitt värde är ungefär T 69r. Ge ett stöd för detta
Lösningsförslag: Vi söker tydligen tiden T tills dess att I T 2I0. Så 2I0 I0 100rT ln 2 100rT T 100ln 2r 100 0.693147
r
69 r
Solve2.0 I0 I0
r T 100, T
T 69.3147 r
17.För en viss typ av gas gäller sambandet pV2 18 mellan tryck och volym. Bestäm p då p 2, V 3 och V 6.
Lösningsförslag: Först en liten bild över situationen, sedan implicit derivering.
Plot18 V2
, V, 2, 4 , PlotStyle Orange, AxesLabel "V", "p"
2.5 3.0 3.5 4.0V 1.5
2.0 2.5 3.0 3.5 4.0 4.5 p
dVdt Dtp V2 18, t
V2 p
t 2 p V V
t 0
p Solve dVdt, Dt p, t
p t
2 p V
t
V
Lite teknisk Replace för att undvika att p och V byts ut i ptoch Vt. Enklare för hand p . Rule a , b Rule a, b . Dt V, t 6 . p 2, V 3
p t 8
Som vanligt enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner. Notera att p t och p t dVdt Dp t V t 2 18, t
V t2p t 2 p t V t V t 0
Solve dVdt, p ' t . p t 2, V t 3, V ' t 6
p t 8
18.Under en arbetsdag med grävskopan ökar volymen av en konformad grushög med Vt 9Π. Vid en tidpunkt var radien r 2, höjden h 2 och rt 3. Sök ht vid denna tidpunkt.Ledning :Vkon 13Πr2h.
Lösningsförslag: Implicit derivering.
imp DtV 1 3
Π r2h, t
V t
1 3Π
h tr2 2
3hΠ r tr
Lös nu ut ht.
dhdt Solve imp, Dt h, t Simplify
h t
3 V
t 2 hΠr r
t Πr2
Slutligen är det dax för numeriska data. Lite teknisk Replace för att undvika att r och h byts ut i rt och ht. Enklare för hand att sätta in värden direkt efter implicit derivering ovan
dhdt . Rule a , b Rule a, b . Dt V, t 9 Π, Dt r, t 3 . r 2, h 2
h t
3 4
Som vanligt enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner. Notera att allt varierar med t!
dhdt DV t 1 3
Π r t 2h t , t
V t 1
3Πr t2h t 2
3Πh t r t r t
Solve dhdt, h ' t . r t 2, h t 2, r ' t 3, V ' t 9 Π
h t 3 4
19.Ur en sfärisk ballong strömmar luft med konstant flöde 300 cm3min. Med vilken hastighet minskar radien då den är 5 cm ?Ledning :Vsfär 4
3Πr3.
Lösningsförslag: Implicit derivering.
dekv DtV 4
3Π r3, t
V
t 4Πr2 r t
drdt Solve dekv, Dt r, t
r t
V t
4Πr2
Lite teknisk Replace för att undvika att r byts ut i rt. Enklare för hand drdt . Rule a , b Rule a, b . Dt V, t 300 . r 5
r t
3 Π
Som vanligt enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner. Notera att allt varierar med t!
drdt DV t 4 3
Π r t 3, t
V t 4Πr t2r t
Solve drdt, r ' t . r t 5, V ' t 300
r t 3 Π
20.I en rak cirkulär kon enligt figur rinner vatten med flödet 5 cm3min ut genom en öppning i spetsen. Sök rt och yt då djupet y 9 cm .Ledning :Vkon 13Πr2h.
Lösningsförslag: Vi börjar med rt. Eliminera vattendjupet y mellan formel för volym och samband i likformiga trianglar.
ekv EliminateV 1 3
Π r2y, r y
4 16
, y
3 V 4Πr3
Derivera implicit med avseende på tiden, vad annars dekv Dt ekv, t
3 V
t 12Πr2 r t Lös ut r
drdt Solve dekv, Dt r, t
r t
V t
4Πr2
Meka in likformigheten igen tillsammans med numeriska data. Tänk på att volymändringen är negativ eftersom det strömmar ut. En något teknisk Replace för att undvika att r byts ut i rt. Enklare för hand
drdt . Rule a , b Rulea, b . Dt V, t 5 . r 4 16
9
r t
20 81Π
Som vanligt enklare insättning i Mathematica med “vanlig” derivering av funktioner. Nu tar vi ett generellare grepp med lik- formigheten ordentligt med redan från början, så får vi enkelt både rt och yt och all annan information vid det välsignade tillståndet y 9 Notera att allt varierar med t Häng mé “the Mathematica way”!
ekv V t 1 3
Π r t 2y t , r t y t
4 16
V t 1
3Πr t2y t , r t y t
1 4
allt Solve Join ekv, D ekv, t , r t , r ' t , y ' t , V t
r t y t
4 , r t 4 V t
Πy t2, y t 16 V t
Πy t2 , V t 1
48Πy t3
allt . V ' t 5, y t 9
r t 9
4, r t 20
81Π, y t 80
81Π, V t 243Π 16
21.En rektangel med basen x är inskriven i en cirkel med radien 2. Sök x då rektangelns area är maximal.
x
Lösningsförslag: Rita figur! Vi ser då att rektangelns bas x och höjd y kopplas av Pytagoras sats via cirkelns diameter. Nu är det bara att låta Solve göra jobbet. Nästan allt i tillämpad matematik går ut på att formulera samband, och sedan låta datorn arbeta med dessa. Gör inget handarbete, det tar tid och blir oftast fel, vilket inget företag betalar dig för!
AÅyr SolveA x y, x2 y2 2 r 2, r 2, A, y, r
A x 16 x2, y 16 x2, r 2,A x 16 x2, y 16 x2, r 2
Eftersom vi inte befattar oss med varken negativa areor eller omkretser duger bara den sista lösningen. Anledningen att vi får två lösningar är att y löses ur en andragradsekvation. Vi ser att x kan variera mellan 0 och 2r, så DA 0, 4 .
PlotA . LastAÅyr, x, 0, 4 , AxesLabel "x", "A" , PlotStyle Blue
1 2 3 4 x
2 4 6 8 A
Vi har ett uppenbart maximum dekv DA . AÅyr 2 , x
16 x2 x2
16 x2 x Solve dekv 0
x 2 2,x 2 2
Negativa längder befattar vi oss inte med, så rektangelns area och höjd utom tävlan. Som vi misstänkte är kvadraten maximal.
Notera byte i regler för självdokumenterande svar.
AÅyr 2 . x 2
A 8, y 2 2 , r 2
Till slut den riktigt snabba ingenjörslösningen.
MaximizeA . AÅyr 2 , x
8,x 2 2
22.En öppen låda med kvadratisk botten har en total mantelarea av 5 m2. Sök sidan x på den kvadratiska bottnen så att lådans volym blir maximal.
Lösningsförslag: Om lådans höjd är h så har vi volymen V samt arean A som är given. Så dessa som funktion av x.
VAh SolveV x2h, A x2 4 x h, A 5, V, A, h
V 1
45 x x3, A 5, h x2 5 4 x
Eftersom A 5 måste x, V 0 så 5x x3 x 5 x2 x 5 x 5 x 0 0 x 5 DV 0, 5 . Vi kollar!
Plot V . VAh, x, 0, 5 , PlotStyle Orange, AxesLabel "x", "V"
0.5 1.0 1.5 2.0 x 0.2
0.4 0.6 0.8 1.0 V
Vi har ett uppenbart maximum dekv D V . VAh, x
1
45 3 x2
x Solve dekv 0
x 5
3 ,x 5 3
Negativa längder befattar vi oss inte med, så även volym och höjd utom tävlan.
VAh . x 2
V
5 5
3
6 , A 5, h
5 3
2
Till slut den riktigt snabba ingenjörslösningen.
Maximize V . VAh 1 , 0 x 2 , x
5 5
3
6 ,x 5
3
23.Av ett snöre med längden L formas en rektangel som sedan får svepa runt längs sin ena sida så att en cylinder bildas. Hur stor volym kan en sådan cylinder ha ?
Lösningsförslag: Om cylindern har radien r och höjden h blir dess volym V Πr2h. Nu kan inte r och h varieras fritt eftersom de är kopplade till varann via L. Vi finner följande samband
ekv V Π r2h, L 2 r h
V Πh r2, L 2 h r
Lös ut V r och h r . Vi vill veta "allt" om cylindern!
VÅh Solve ekv, V, h
V 1
2ΠL r2 2Πr3, h L 2 r
En liten bild över situationen. Lägg märke till dimensionen [1] på axlarna. Vanligt trick när man bara har symboliska uttryck.
PlotV L3 . VÅh . r x L, x, 0, 0.5 , PlotStyle Purple, AxesLabel "r L", "V L3"
0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 r L 0.01
0.02 0.03 0.04 0.05 0.06
V L3
Nu är det bara att söka derivatans nollställe för att finna extremvärde.
dVdr DV . VÅh, r
1
22ΠL r 6Πr2
r Solve dVdr 0, r
r 0 ,r L 3
Här är r 0 ointressant, varav slutligen tillståndet vid maximal volym.
VÅh . r 2
V ΠL3 54 , h L
6
24.I en halvcirkel med radien 2 är en parallelltrapets inskriven enligt figur. SökΘså att parallelltrapetsens area blir så stor som möjligt
Lösningsförslag: Eftersom man ska hålla sin verktygslåda så liten och effektiv som möjligt väljer vi att meka ihop figuren av tre (eller fyra) naturliga trianglar. Samtliga med höjden h 2sinΘ, två med basen b1 2 och en med toppen nedåt och basen b2 2 2cosΘ. Naturligtvis går det lika bra att betrakta parallelltrapetsen direkt och komma ihåg att formeln för arean är "halva produkten av höjden och summan av de båda parallella sidorna", det vill säga A 12h 2b1 b2. Så
pll SolveA 2 1 2
b1h 1 2
b2h, h 2 Sin Θ , b1 2, b2 2 2 Cos Θ , A, h, b1, b2 A 4 sinΘ sinΘ cosΘ , h 2 sinΘ, b1 2, b2 4 cosΘ
Då vinkeln Θ varierar från 0, då parallelltrapetsen är ett streck, växer den sedan till en äkta parallelltrapets, för att slutligen urarta till en triangel då Θ Π2, så DA 0, Π2.
PlotA . pll, Θ, 0, Π 2
, AxesLabel "Θ", "A" , PlotStyle Green
0.5 1.0 1.5 Θ
1 2 3 4 5 A
Sök nu det Θ som maximerar A, det vill säga lös ekvationen
Θ 2sinΘ sin 2Θ 2cosΘ 2cos 2Θ 2cosΘ 2cos2Θ 1 cos2Θ 0
cos2Θ 12cosΘ 12 0 cosΘ 21 och ointressanta cosΘ 1 så optimalt Θ arccos12 Π3. varav arean A 22sinΠ3 sin2Π3 22 23 23 3 3 . Samma sak i Mathematica.
dekv D A . pll, Θ First 4 sin2Θ cos2Θ cosΘ
Θ Solvedekv 0, 0 Θ Π 2
, Θ
Θ Π 3
pll . Θ
A 3 3 , h 3 , b1 2, b2 2
Till slut den riktigt snabba ingenjörslösningen.
Maximize A . pll, Θ
3 3 ,Θ Π 3
25.En cirkelsektor med medelpunktsvinkelnΘ, radien r och båglängden b har omkretsen 1. SökΘså att arean blir maximal.
q r
b
Lösningsförslag: Om A är arean, r radien och b båglängden har vi sambanden A 2ΘΠΠr2 Area b rΘ Båglängd 2r b 1 Omkrets Eliminera bort r och b så har vi A AΘ med naturliga DAΘ 0, 2Π
Abr SolveA Θ 2 Π
Π r2, b r Θ, 2 r b 1, A, r, b
A Θ
2 Θ 22, r 1
Θ 2, b Θ Θ 2
Plot A . Abr, Θ, 0, 2 Π , PlotStyle Orange, AxesLabel "Θ", "A"
1 2 3 4 5 6 Θ
0.03 0.04 0.05 0.06 A
Sök nu det Θ som maximerar A, det vill säga lös ekvationen
Θ Θ
Θ 22 1 Θ 22 Θ2Θ 2
Θ 24
Θ 2 Θ 2 Θ 24
Θ 2 Θ 23 0, varav roten Θ 2 rad. Denna konfiguration återges i figuren ovan.
Solve D A . Abr, Θ 0
Abr . First
Θ 2
A 1 16, r 1
4, b 1 2
Till slut den riktigt snabba ingenjörslösningen.
Maximize A . Abr, Θ
1
16, Θ 2